2023学年甘肃省酒泉地区瓜州一中高二物理第一学期期中经典模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，四条彼此绝缘的通电直导线处在同一平内，O点为四条导线所围正方形的中心，四条导线中的电流大小关系为，移

2、除哪一条导线，能使O点的磁感应器强度增为最强（）ABCD2、电阻R、电容C与一线圈连成闭合电路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N极朝下，如图所示。现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是：A电流方向从b到aB电流方向从a到bC电容器上极板带正电D电容器不带电3、如图所示，一个物体沿固定斜面匀速下滑，关于物体所受的力，下列说法中正确的是()A物体所受合力的方向沿斜面向下B物体所受重力和支持力的合力的方向沿斜面向下C物体所受的重力和支持力大小相等D物体匀速下滑的速度越大，表明它所受的摩擦力越小4、取水平向右的方向为振子离开平衡位置的位移x的正方向,从

3、某时刻计时，得到如图所示的振动曲线，由曲线所给的信息可知下列说法正确的是（ ）A振子运动的周期为8sB时，振子在O点，并向B点运动C末时质点的加速度沿CO的方向D质点在a点对应的状态比d点时对应的状态的相位超前5、当导体达到静电平衡时，场强方向的特征是()A外电场E0消失B感应电荷产生的附加电场E为零C导体内部的合电场E为零D导体表面和内部的合电场均为零6、某电容器上标有“220V300F”，300F_FA3108B3104C0.3D3105二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得

4、0分。7、如图所示，在真空中A、B两块平行金属板竖直放置并接入电路调节滑动变阻器，使A、B两板间的电压为U时，一质量为m、电荷量为q的带电粒子，以初速度v0从A板上的中心小孔沿垂直两板的方向射入电场中，恰从A、B两板的中点处沿原路返回(不计重力)，则下列说法正确的是A使初速度变为2v0时，带电粒子将从B板中心小孔射出B使初速度变为2v0时，带电粒子恰能到达B板C使初速度v0和电压U都增加为原来的2倍时，带电粒子恰能到达B板D使初速度v0和电压U都增加为原来的2倍时，带电粒子将从B板中心小孔射出8、如图所示，用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板间的电势差U，现使B板带正电，实验中，电荷量不

5、变，则下列判断正确的是()A增大两极板之间的距离，静电计指针张角变大B将A板稍微上移，静电计指针张角将变大C若将玻璃板插入两板之间，则静电计指针张角变大D若将金属铝板插入两板之间，没有与两极板接触，则静电计指针张角变大9、质量为m的均匀木块静止在光滑水平面上,木块左右两侧各有一位拿着完全相同步枪和子弹的射击手首先左侧射手开枪,子弹水平射入木块的最大深度为d1,然后右侧射手开枪,子弹水平射入木块的最大深度为d2,如图所示,设子弹均未射穿木块,且两颗子弹与木块之间的作用力大小均相同当两颗子弹均相对于木块静止时,下列判断正确的是( )A木块静止B木块向右运动Cd1d2Dd1=d210、下列说法正确的

6、是（ ）A气体对外做功，其内能一定减小B热量不可能自发地从低温物体传递给高温物体C能量耗散说明能量不会凭空产生，但可以凭空消失D单晶体具有规则的几何外形，物理性质具有各向异性三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在测量电源电动势和内电阻的实验中，有电压表V(量程为3V，内阻约3k)；电流表A（量程为0.6A，内阻约为0.70）；滑动变阻器R（10，2A）。为了更准确地测出电源电动势和内阻设计了如图所示的电路图。 在实验中测得多组电压和电流值，得到如图所示的U-I图线，由图可得该电源电动势E=_ V ，内阻r=_ 。（结果保留两位有效

7、数字）一位同学对以上实验进行了误差分析其中正确的是_A实验产生的系统误差，主要是由于电压表的分流作用B实验产生的系统误差，主要是由于电流表的分压作用12（12分）有一个小灯泡上标有“4 V2 W”的字样,现在要用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线。现有下列器材供选用:A电压表(05 V,内阻10 k)B电压表(015 V,内阻20 k)C电流表(03A,内阻1 )D电流表(00.6A,内阻0.4 )E.滑动变阻器(10 ,2 A)F.滑动变阻器(500 ,1 A)G.学生电源(直流6V)、开关、导线若干(1)实验时,选用图甲而不选用图乙的电路图来完成实验,请说明理由:_。(2)实验中电压表应选用_

8、,电流表应选用_,滑动变阻器应选用_。(用序号字母表示)(3)把图中所示的实验器材用实线连接成实物电路图_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，用长l30cm的细线将质量m4103kg的带电小球悬挂在天花板上，空间中存在方向水平向右，大小E1104N/C的匀强电场，小球静止时细线与竖直方向的夹角37，g取10m/s1(1)分析小球的带电性质；(1)求小球的带电量；(3)求细线的拉力14（16分）在绝缘粗糙的水平面上相距为的、两处分别固定电量不等的正电荷，两电荷的位置坐标如图（甲）所示，已知处电荷的

9、电量为+图（乙）是连线之间的电势与位置之间的关系图象，图中点为图线的最低点，处的纵坐标，处的纵坐标=，处的纵坐标= 若在的点由静止释放一个质量为、电量为的带电物块（可视为质点），物块随即向右运动求：（1）固定在处的电荷的电量；（2）为了使小物块能够到达处，试讨论小物块与水平面间的动摩擦因数所满足的条件；（3）若小物块与水平面间的动摩擦因数，小物块运动到离A点LA处时，速度最大，写出距离LA的方程表达式，并求最大速度是多少？(LA=3L)15（12分）如图所示,用一根绝缘轻绳悬挂一个带电小球,小球的质量为.现加一水平方向向左的匀强电场,场强,平衡时绝缘线与竖直方向的夹角为,求:小球带何种电荷,电

10、荷量为多大?参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】根据安培定则来确定通电导线周围磁场的分布，导线1、2、3在中心产生的磁场方向都是垂直纸面向里，只有导线4产生的磁场的方向向外，根据磁场的叠加可知，要使的磁场增强，应切断，故A、B、C错误，D正确；故选D。2、A【解析】本题考查楞次定律的应用【详解】AB在N极接近线圈上端的过程中，线圈中的磁通量不断增大，根据楞次定律，可知线圈中产生顺时针的电流，即电流方向应该从b到a，故A选项正确；CD电容器的上极板与a端相连，下极板与b端相连，因电路中的电流方向从b到a，则

11、上极板电势低，下极板电势高，即下极板带正电，上极板带负电，故CD均错误。3、B【解析】试题分析：物体受到重力、支持力及摩擦力而做匀速直线运动，由共点力的平衡条件可知物体所受合力为零，故A错误；物体受到的摩擦力沿斜面向上，因物体受三个力而处于平衡，故重力与支持力的合力的方向一定与摩擦力方向相反，故二力的合力一定沿斜面向下，故B正确；在垂直于斜面方向上，物体受到的合力应为零，故支持力应等于重力垂直于斜面的分力，即支持力小于重力，故C错误；滑动摩擦力F=FN，故摩擦力与下滑速度无关，只与正压力及动摩擦因数有关，故D错误；故选B考点：考查了共点力平衡条件的应用点评：在研究共点力的平衡时，应注意两种方法

12、，若物体受三力而平衡时，常用合成法，即任意两力之和与第三力大小相等，方向相反；若物体受四力及以上时，可以采用正交分解法，应根据题意灵活掌握4、A【解析】A.根据图像可以得到周期为8s，故A正确B.时，振子向正向运动，所以向C运动，故B错误C.末时振子到达B点，加速度沿BO方向，故C错误D.根据图像判断出a、d相位差不到，故D错误故选A5、C【解析】导体在电荷q的电场中处于静电平衡状态时，在导体内部任意一点，感应电荷产生的附加电场的场强与电荷q产生的场强与大小相等，方向相反，此时导体的内部场强处处为0，电荷只分布在导体的外表面，且整个导体是一个等势体；故ABD错误，C正确。故应选C。6、B【解析

13、】300F30010-6F=3104F.A3108，与结论不相符，选项A错误；B3104，与结论相符，选项B正确；C0.3，与结论不相符，选项C错误；D3105，与结论不相符，选项D错误；故选B.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】设带电粒子进入电场中的位移为s，根据动能定理得：，又，得，由此可见，要使带电粒子进入电场后在非常接近B板处，s变为原来的2倍，采取的方法有：使带电粒子的初速度变为；或使A、B两板间的电压变为；或使初速度和电压U都增加到原来的2倍

14、，故AC正确，BD错误8、AB【解析】已充电的平行板电容器电量不变，静电计测量电势差的大小，电容器板间的电势差越大，静电计指针张角越大，根据电容器电容的决定分析电容的变化，由电容的定义式分析板间电势差的变化；【详解】A、增大两极板之间的距离，由电容的决定式C=S4kd可知，电容减小，电容器的电量不变，由C=QU分析可知，板间电压增大，静电计指针张角变大，故A正确；B、将A板稍微上移时，正对面积减小，由电容的决定式C=S4kd可知，电容增小，电量不变，由C=QU分析可知，板间电压增大，静电计指针张角变大，故B正确；C、将玻璃板插入两板之间，电容的决定式C=S4kd可知，电容增大，电量不变，由C=

15、QU分析可知，板间电压减小，静电计指针张角变小，故C错误；D、加入金属铝板，相当于减小两极板之间的距离，由电容的决定式C=S4kd可知，电容增大，电容器的电量不变，由C=QU分析可知，板间电压减小，静电计指针张角变小，故D错误。【点睛】本题要抓住电容器的电量不变，由电容的决定式C=S4kd和定义式C=QU结合分析电容器动态变化问题，注意张角的变化表示电势差的变化。9、AC【解析】AB.设子弹射入木块前的速度大小为v，子弹的质量为M，子弹受到的阻力大小为f当两颗子弹均相对于木块静止时，由动量守恒得:,得，即当两颗子弹均相对于木块静止时，木块的速度为零，即静止，故A正确，B错误；CD.先对左侧射入

16、木块的子弹和木块组成的系统研究，则有：，由能量守恒得：，再对两颗子弹和木块系统为研究，得：，比较两式得：，故C正确，D错误故选AC。10、BD【解析】改变内能的方式有做功和热传递，故气体对外做功，其内能不一定减小，故A错误；热量不可能自发地从低温物体传递给高温物体，故B正确；能量耗散说明能量不会凭空产生，也不可以凭空消失，故C错误；单晶体具有规则的几何外形，物理性质具有各向异性，故D正确；故选BD【点睛】改变内能的方式有做功和热传递，热量不可能自发地从低温物体传递给高温物体，能量耗散说明能量不会凭空产生，也不可以凭空消失，单晶体具有规则的几何外形，物理性质具有各向异性三、实验题：本题共2小题，

17、共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.5 1.0 A 【解析】12根据U=E-Ir以及图象可知，电源的电动势为：E=1.5V，电源内阻为：3由图示电路图可知，由于电压表的分流，电流表的测量值小于流过电源的电流，实验产生了系统误差，故A正确，B错误；12、描绘灯泡的I-U图线所测数据需从零开始,并要多取几组数据 A D E 【解析】(1)1在用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线的实验中，电压要从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，所以电路图选用图甲(2)234 因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程

18、太大则示数不准确；故只能选用05V的电压表，故选A；由P=UI得，灯泡的额定电流故电流表应选择00.6A的量程，故选D；而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值较小的滑动变阻器，故选E；(3)5 对照电路图连接实物图，注意电流从电流表电压表正接线柱流入，如图：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）正电；（1）3106C；（3）5101N【解析】（1）对小球进行研究，分析受力情况，作出力图，根据小球所受电场力与场强方向的关系，判断小球的电性（1）、（3）根据平衡条件求出小球的电荷量和细线的拉力【详解】（1）小球受竖直向下的重力和沿绳的拉力，小球偏向竖直线的右侧，电场力一定向右，所以小球带正电（1）根据力的平衡条件知，F电和G的合力与F拉大小相等、方向相反，如图所示根据平衡条件，结合几