2023学年安徽省长丰县第二中学物理高二第一学期期中联考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，有一带电的微粒，在电场力的作用下沿曲线从M点运动到N点，则微粒（ ）A带负电，电势能增加B带负电，电

2、势能减少C带正电，电势能增加D带正电，电势能减少2、两个带电的金属小球，相距一定距离时（此距离远远大于两球的直径），相互作用力的大小为 F。若把它们的带电 量、距离都增大到原来的二倍，它们的相互作用力的大小为AF16 BF8 CF4 DF3、如图，有一带电粒子贴着A板沿水平方向输入匀强电场，当偏转电压为时，带电粒子沿轨迹从两板正中间飞出：当偏转电压为时，带电粒子沿轨迹落到B板中间；设粒子两次射入电场的水平速度相同，则两次偏转电压之比为（ ）ABCD4、如图所示是某静电场的一部分电场线分布情况，下列说法中正确的是A这个电场可能是负点电荷的电场B点电荷q在A点处受到的电场力比在B点处受到的电场力大

3、C负电荷在B点处受到的电场力的方向沿电场线的切线方向D点电荷q在A点处的瞬时加速度比在B点处的瞬时加速度小不计重力5、如图所示，有一个边界为正三角形的匀强磁场区域，边长为a，磁感应强度方向垂直纸面向里，一个导体矩形框的长为，宽为，平行于纸面沿着磁场区域的轴线匀速穿越磁场区域，导体框中感应电流的正方向为逆时针方向，以导体框刚进入磁场时为t0时刻，则导体框中的感应电流随时间变化的图象是( )ABCD6、如图所示，竖直绝缘墙壁上的Q处有一固定的质点A，在Q的正上方的P点用丝线悬挂另一质点B， A、B两质点因为带电而相互排斥，致使悬线与竖直方向成角，由于缓慢漏电使A、B两质点的带电量逐渐减小在电荷漏完

4、之前悬线对悬点P的拉力大小（ ）A保持不变B先变大后变小C逐渐减小D逐渐增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，平行金属导轨间距为L，与水平面间的倾角为（导轨电阻不计）两导轨与阻值为R的定值电阻相连，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过导轨平面，有一质量为m，长为L的导体棒在ab位置获得平行于斜面的大小为v的初速度向上运动，最远处到达cd的位置，滑行距离为s，导体棒的电阻也为R，导体棒与导轨间的动摩擦因数为，则（ ）A上滑过程中导体棒受到的最大安培力为B导体棒上

5、滑过程中克服安培力、滑动摩擦力和重力做的总功为C上滑过程中电流做功产生的热量为-mgssinD上滑过程中导体棒损失的机械能为mgssin8、如图所示，用长为L的细绳拴着质量为m的小球在竖直平面内做圆周运动，重力加速度为g，则下列说法中不正确的是( )A小球在圆周最高点时所需要的向心力一定不是重力提供的B小球在最高点时绳子的拉力可能为零C若小球刚好能在竖直平面内做圆周运动，则其在最高点的速率为0D小球过最低点时绳子的拉力一定大于小球重力9、如图所示,在两个等量异号的点电荷连线的中垂线上有与连线中点O等距离的两点a、b,在连线上有距中点O等距离的两点,c、d,则下列场强大小关系式正确的是( )AB

6、CD10、著名物理学家费曼曾设计过这样一个实验装置：一块绝缘圆板可绕其中心的光滑轴自由转动，在圆板的中部有一个线圈，圆板的四周固定着一圈带电的金属小球，如图所示当线圈接通电源后，将产生流过图示方向的电流，则下列说法正确的是（）A接通电源瞬间，圆板不会发生转动B线圈中电流强度的增大或减小会引起圆板向不同方向转动C若金属小球带正电，接通电源瞬间圆板转动方向与线圈中电流流向相同D若金属小球带负电，接通电源瞬间圆板转动方向与线圈中电流流向相同三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）螺旋测微器和游标卡尺的示数如图（a）和图（b）所示由上图读得圆

7、柱体的直径为_mm，长度为_cm12（12分）一个小灯泡的额定电压为2.0V，额定电流约为0.5A，选用下列实验器材进行实验，并利用实验数据描绘和研究小灯泡的伏安特性曲线。A电源E：电动势为3.0V，内阻不计；B电压表V1：量程为03V，内阻约为1k；C电压表V2：量程为015V，内阻约为4kD电流表A1：量程为03A，内阻约为0.1；E电流表A2：量程为00.6A，内阻约为0.6；F滑动变阻器R1：最大阻值为10，额定电流为0.5A；G滑动变阻器R2：最大阻值为15，额定电流为1.0A；H滑动变阻器R3：最大阻值为150，额定电流为1.0A；I开关S，导线若干。实验得到如表数据（I和U分别表

8、示通过小灯泡的电流和加在小灯泡两端的电压）并描点如图：I/A0.000.120.210.290.340.420.450.470.490.50U/V0.000.200.400.600.801.201.401.601.802.00实验中电压表应选用_；电流表应选用_；滑动变阻器应选用_（请填写选项前对应的字母）。请你不要改动已连接导线，在如图1所示的实物连接图中把还需要连接的导线补上_。闭合开关前，应使变阻器滑片放在最_（填“左”或“右”）端。在实验中，其中一组数据如图2，电流表示数为_A，电压表示数为_V，并标在在如图3所示的UI图中，再画出小灯泡的UI曲线_。在图4中画出该实验的实验电路图_。

9、四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一根长为l的丝线吊着一质量为m，电荷量为q的小球静止在水平向右的匀强电场中，丝线与竖直方向成37角，不考虑因电场的改变而带来的其他影响（重力加速度为g，），求：（1）电场强度E的大小；（2）剪断丝线后，小球的加速度大小14（16分）一个初速为零的电子在经U1=4500V的电压加速后，垂直平行板间的匀强电场从距两极板等距处射入，如图所示，若两板间距d=1.0cm,板长L3.0cm，两板间的电压U2=200V；已知电子的带电量为e=1.61019 C，质量为m=0.91030

10、kg，只考虑两板间的电场，不计重力，求：（1）电子经加速电压加速后以多大的速度V0进入偏转电场（2）电子射出偏转电场时沿垂直于板面方向偏移的距离y（3）电子射出偏转电场后经过下极板所在平面上的P点，如图所示，则P点到下极板右端的距离x15（12分）如图所示，在电场强度E为2.5104V/m的匀强电场中，将某一电荷量为-410-4 C的带负电的点电荷由A点移到B点，已知A、B两点间距离为4cm，两点连线与电场方向成60度角，求： （1）A、B两点间的电势差UAB； （2）电荷由A移到B的过程中，电场力所做的功WAB；参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选

11、项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】微粒受到的电场力指向轨迹内侧，故电场力方向和电场方向相同，所以带正电，电场力和速度方向夹角为锐角，故电场力做正功，动能增加，电势能减小。故选D。2、D【解析】根据库仑力公式F=kQ1Q2r2 可知：当它们的带电量、距离都增大到原来的二倍，它们的相互作用力的大小不变，故D对;ABC错；故选D3、A【解析】两极板间的距离为d，极板的长度为l，粒子的水平初速度为，粒子在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动，轨迹1的运动时间为，粒子的偏转加速度为，粒子在竖直方向上偏转了，故代入得，同理轨迹2的运动时间为，偏转加速度为，在竖直方

12、向上偏转了d，故，代入得，所以两电压之比为1：8，选A4、B【解析】A负电荷电场中的电场线是从无穷远出发指向负电荷的直线，而该电场线是曲线，所以A错误；B电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以EAEB，依据F=qE，则有点电荷q在A点处受到的电场力比在B点处受到的电场力大，故B正确；C电场线的切线方向为该点场强的方向，所以负电荷在B点处受到的电场力的方向沿电场线切线的反方向，故C错误；D根据牛顿第二定律，可知，电场力越大的，产生加速度也越大，则点电荷q在A点处的瞬时加速度比在B点处的瞬时加速度大，故D错误。故选B。5、C【解析】BD、线框进入磁场过程，穿过导体框的磁通量要

13、增加，根据楞次定律可得导体框中感应电流的磁场要阻碍磁通量的增加，感应电流的磁场方向与原磁场的方向相反，应用安培定则可知为导体框中感应电流的方向为逆时针方向，同理可知离开磁场过程，导体框中感应电流的方向为顺时针方向，故选项B、D错误；AC、由图示可知线框进入开始进入磁场的一段时间内，切割磁感线的有效长度不变，电流大小不变，当线框右边部分穿出磁场过程，切割磁感线的有效长度减小，感应电流减小，线框右边完全离开磁场后，线框左边完全进入磁场，然后线框左边切割磁感线，感应电流反向，此后一段时间内，线框切割磁感线的有效长度不变，感应电流大小不变，线框左边离开磁场过程，线框切割磁感线的有效长度减小，感应电流减

14、小，故选项A错误，C正确6、A【解析】解：以小球为研究对象，球受到重力G，A的斥力F1和线的拉力F2三个力作用，作出力图，如图作出F1、F2的合力F，则由平衡条件得 F=G根据FBF1PQB得,又FF1=F2，得在A、B两质点带电量逐渐减少的过程中，PB、PQ、G均不变，则线的拉力F2不变故选A.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】导体棒开始运动时速度最大，产生的感应电动势和感应电流最大，所受的安培力最大，由E=BLv、I=、FA=BIL得：最大安培力为

15、Fmax=故A错误导体棒上滑的过程中，根据动能定理得知，克服安培力、滑动摩擦力和重力做的总功为mv1故B正确根据能量守恒可知，上滑过程中导体棒的动能减小，转化为焦耳热、摩擦生热和重力势能，则有电流做功发出的热量为 Q=mv1-mgs（sin+cos），故C错误上滑的过程中导体棒的动能减小mv1，重力势能增加mgssin，所以导体棒损失的机械能为mv1-mgssin故D正确故选BD【点睛】本题从两个角度研究电磁感应现象，一是力的角度，关键是推导安培力的表达式；二是能量的角度，关键分析涉及几种形式的能，分析能量是如何转化的8、AC【解析】A小球在最高点的向心力由重力提供，或重力和拉力的合力提供，故

16、A符合题意。B当小球在最高点的向心力只由重力提供时，拉力为零，故B不符合题意。C小球恰好能在竖直面能做圆周运动的条件是小球运动到最高点时只由重力提供向心力。设在最高点速率为v，由牛顿第二定律：得：故C符合题意。D因为小球在最低点速度不为零，拉力与重力的合力提供向心力，所以拉力大于重力，故D不符题意。故选AC.9、AC【解析】因为是等量异种电荷的静电场,根据电场线的疏密分布特点可知:在连线上从c到d,电场强度先变小再变大,根据对称性知，故C正确，D错误；在中垂线上,根据对称性可知，故A正确，B错误所以AC正确，BD错误10、BD【解析】由题可知，在线圈接通电源的瞬间，线圈中的电流逐渐增大，产生的

17、磁场逐渐增强，逐渐增强的磁场会产生电场（麦克斯韦电磁理论）；小球所在圆周处相当于有一个环形电场，小球因带电而受到电场力作用从而会让圆板转动，利用左手定则判断即可解答【详解】A、线圈接通电源瞬间，变化的磁场产生变化的电场，从而导致带电小球受到电场力，使其转动，故A错误；B、不论线圈中电流强度的增大或减小都会引起磁场的变化，从而产生不同方向的电场，使小球受到电场力的方向不同，所以会向不同方向转动，故B正确；C、接通电源瞬间圆板受到电场力作用而转动，由于金属小球带正电，根据电磁场理论可知，电场力沿顺时针方向，所以与线圈中电流流向相反，故C错；D、接通电源瞬间圆板受到电场力作用而转动，由于金属小球带负

18、电，根据电磁场理论可知，电场力沿逆时针方向，所以与线圈中电流流向相同，故D对；故选BD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.844 4.240 【解析】螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；游标卡尺主尺与游标尺的示数之和是游标卡尺的示数；【详解】螺旋测微器：不动刻度为1.5mm，可动刻度为，则读数为；游标卡尺的主尺读数为，游标尺上第8个刻度与主尺上某一刻度对齐，故其读数为，所以最终读数为：；12、B E G 右 0.36 1.00 【解析】123灯泡额定电压为2V，电压表应选B；灯泡额定电流为0.5A，电流表应选E；由于滑动变阻器F的额定电流较小，故选额定电流较大的滑动变阻器G；45描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡正常发光时电阻为电压表内阻为电压表内阻约为1k，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示；为保护电路，闭合开关前，滑片应置于右端； 678电流表采用0.6A的量程，每一小格是0.02A，所以电流表示数为0.3