2023学年福建省南平市高二物理第一学期期中考试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、三个电阻R1、R2、R3的阻值均为R，如图所示连接在电路中，若R2消耗的电功率为2W，那么这段电路消耗的总电功率为（ ）A6WB9 WC12 WD15 W2、下列说法错误的是( )A电源外部存在着由正极指向负极的电场，内部存在着由负极指向

2、正极的电场B在电源外部电路中，负电荷靠电场力由电源的负极流向正极C在电源内部电路中，正电荷靠非静电力由电源的负极流向正极D在电池中，靠化学作用使化学能转化为电势能3、已知第一宇宙速度为，第二宇宙速度为。一颗绕地球做匀速圆周运动的卫星，其轨道半径为地球半径的2倍，则该卫星的线速度A一定小于B一定等于C一定大于D介于之间4、某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标系上，如图中的a、b、c所示，根据图线可知（）A反映变化Pr的图线是cB电源电动势为8VC电源内阻为D当电流为1A时，电源的效率为75%5、电场的电场线分布如图所示，电场中A、B

3、两点的电场强度的大小和电势分别用EA、EB和A、B表示，则有 （ ）AEAEB，ABBEAEB，ABCEAEB，ABDEAEB，AB6、两颗人造卫星绕地球做匀速圆周运动，轨道半径之比为1：4，则两颗卫星的( )A线速度大小之比为1:2B角速度大小之比为8:1C运行的周期之比为D向心加速度大小之比为4:1二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于摩擦起电和感应起电的实质，下列说法正确的是A摩擦起电说明通过做功可以创造电荷B摩擦起电说明电荷可以从一个物体转移到另一个物体C感

4、应起电说明电荷可以从物体的一个部分转移到物体另一个部分D感应起电说明电荷从带电的物体转移到原来不带电的物体上去了8、如图是一个医用回旋加速器示意图，其核心部分是两个D形金属盒，两金属盒置于匀强磁场中，并分别与高频电源相连。现分别加速氘核（）和氦核（），下列说法中正确的是 A它们的最大速度相同B它们的最大动能相同C两次所接高频电源的频率相同D仅增大高频电源的频率可增大粒子的最大动能9、一带点油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图虚线所示，电场方向竖直向下。若不计空气阻力，则此油滴从A运动到B的过程中，能量变化情况为A动能减小B电势能减少C动能和电势能之和减少D重力势能和动能之和增加10、如图所示电路，

5、在平行金属板M、N内部左侧中央P有一质量为m的带电粒子（重力不计）以水平速度v0射入电场并打在N板的O点，改变R1或R2的阻值，粒子仍以v0射入电场，则下列说法正确的是A该粒子带正电B减小R1，粒子将打在O点左侧C增大R1，粒子在板间运动时间不变D减小R2，粒子还能打在O点三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）读数_12（12分）在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，实验室提供了以下器材：A小灯泡（3.8V，0.3A）B滑动变阻器（5，2A）C电流表（00.5A，内阻约0.4）D电压表（05V，内阻约10k）E开关及导线若干(1

6、)为实验测量误差尽可能小，电流表应选用_（填“内”或“外”）接法；(2)为使小灯泡两端电压从零开始连续变化，滑动变阻器应选用_（填“限流式”或“分压式”）接法；(3)综上所述，应选择下图中的_电路进行实验(4)利用实验数据画出了如乙图所示的小灯泡伏安特性曲线。图中，坐标原点O到P点连线的斜率表示_。则根据此图给出的信息可知，随着小灯泡两端电压的升高，小灯泡的电阻_（填“变大”、“变小”或“不变”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，空间存在着电场强度E1.5101N/C、方向竖直向上的匀强电场，在

7、电场内一长为L0.5 m的绝缘细线一端固定于O点，另一端拴着质量m0.5kg、电荷量q410-1C的小球，带正电现将细线拉至水平位置，将小球由静止释放，当小球速度达到最大时细线受到的拉力恰好达到它能承受的最大值而断裂取g10m/s1求：(1)细线能承受的最大拉力值(1)当小球继续运动到与O点水平方向的距离为L时，小球距离O点的高度14（16分）在竖直向下的匀强电场中有一带负电的小球，已知小球的质量为m，带电荷量为大小q，自绝缘斜面的A点由静止开始滑下，接着通过绝缘的离心轨道的最高点B圆弧轨道半径为R，匀强电场场强为E，且mgEq，运动中摩擦阻力及空气阻力不计，求：（1）A点距地面的高度h至少应

8、为多少？（2）当h取最小值时，小球对最低点C的压力为多少？15（12分）如图的电路中，电源的电动势，内阻；电阻，；电容器的电容电容器原来不带电，接通电键求：流过电源的电流；电阻两端的电压；从接通电键K达到稳定过程中流过的总电量参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】ABCD设两端的电压为,流过的电流为，则两端的电压和流过的电流分别为和，即消耗的电功率为；流过的电流为，两端的电压为，即消耗的电功率为 。所以这段电路消耗的总功率ABD错误，C正确。故选C。2、A【解析】不论在电源的外部和内部，电场的方向都是从正极

9、指向负极，选项A错误；在电源的外部，在电场力的作用下，负电荷从电源的负极移到正极，在电源的内部，在非静电力的作用下，正电荷从电源的负极移到正极，从而形成稳定的电势差，选项BC正确；电源是把其他形式的能转化为电能，我们使用的电池，是将化学能转化为电能，选项D正确；故选BCD.3、A【解析】由万有引力提供向心力有得是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度，依据引力提供向心力，则有因其轨道半径为地球半径的2倍，即rR，因此该卫星的线速度一定小于7.9km/s，故A正确。4、A【解析】A电源内部的发热功率Pr=I2r，PrI图象是抛物线，而且是增函数，则反映Pr变化的图线是c，故A正确；B直

10、流电源的总功率PE=EI，PI图象的斜率等于电动势E，则有故B错误；C图中I=2A时，电源内部的发热功率Pr与电源的总功率相等，则有Pr=I2r，得到故C错误；D当电流为1A时，电源的总功率P=4W，Pr=2W，输出功率则电源的效率为故D错误。故选A。5、C【解析】根据电场线的疏密表示电场强度大小，电场线密的地方，电场强度大， ，根据沿电场线的方向电势逐渐降低，则有 ，ABD错误C正确6、B【解析】设任一卫星的质量为m，轨道半径为r，地球的质量为M则对于在轨卫星，有：得：， ，a=可见，轨道半径之比为1：4，则得线速度大小之比为2：1，角速度大小之比为8:1；运行的周期之比为1：8，向心加速度

11、大小之比为16：1故B正确，ACD错误故选B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】试题分析：摩擦起电是指物体相互摩擦时，电荷可以从一个物体转移到另一个物体，B对；自然界中的电荷是守恒的，做功不能创造电荷，A错；导体靠近带电体会发生静电感应现象，所以感应起电是指电荷从导体的一个部分转移到物体另一个部分，C对，D错考点：摩擦起电，感应起电点评：学生知道摩擦起电是两物体间电荷的转移，感应起电是同一物体间电荷的转移8、AC【解析】AB.回旋加速器加速带电粒子，由可得

12、带电粒子的最大速度，可得带电粒子的最大动能，由于氘核（）和氦核（）的比荷相等，其最大速度相等，但质量不等，所以最大动能不等，故选项A符合题意，B不符合题意；CD.回旋加速器加速粒子时，粒子在磁场中运动的周期和交流电的周期相同，否则无法加速，它们在形盒内运动的周期，二者比荷相等，运动的周期相同，两次所接高频电源的频率相同；增大高频电源的频率，不能增大粒子的最大动能，故选项C符合题意，D不符合题意。9、BCD【解析】A. 由轨迹图可知，带电油滴所受重力小于电场力，故从A到B的运动过程中合外力做正功，动能增加，故A错误；B. 油滴向上偏转运动，说明电场力向上，并且一定大于重力，所以从A到B的运动过程

13、电场力做正功，电势能减小，故B正确；C. 根据功能关系可知，在从A到B的运动过程中只有重力、电场力做功，因此重力势能、电势能、动能三者之和保持不变；从A到B的运动过程中重力做负功，重力势能增加，因此动能和电势能之和减小，故C正确；D. 根据功能关系可知，在从A到B的运动过程中只有重力、电场力做功，因此重力势能、电势能、动能三者之和保持不变，因该过程中电势能减小，因此重力势能和动能之和增加，故D正确。10、BD【解析】A、由电路可知，N板带正电，所以带电粒子带负电，A错误；BC、由电路可知，RO、R1串联接在电源两端，MN两板间的电压等于R0两端电压带电粒子在两板间做类平抛运动，平行两板方向做匀

14、速运动，垂直两板方向做匀加速运动减小R1，两板间电压增大，加速度增大，粒子将打在O点左侧，时间变短，B正确，C错误；D、减小R2，两板间电压不变，粒子在板间运动时间不变，还能打在O点，D正确故选BD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 14.50mm 1.200mm【解析】游标卡尺读数为螺旋测微器读数为12、外接法 分压式 B P状态灯丝电阻的倒数 变大 【解析】(1)1灯泡正常发光时的电阻：，电流表内阻约为0.4，电压表内阻约为10k，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法(2)2灯泡两端电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接

15、法(3)3电流表采用外接法、滑动变阻器采用分压接法，则应采用图B所示实验电路(4)45坐标原点O到P点连线的斜率表示P状态小灯泡电阻的倒数；根据此图给出的信息可知，随着小灯泡两端电压的升高，小灯泡的电阻变大四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)T15N (1)小球距O点高度0.615 m【解析】根据动能定理列式求最高点的速度，在最高点，又绳子的拉力、重力和电场力的合力提供向心力列式求解；绳子断后小球做类平抛运动（1）在最高点，根据动能定理可得在最高点，小球的向心力由绳子的拉力，重力和电场力的合力充当，故有联立

16、解得m/s，T=15N（1）小球做类平抛运动，设小球在水平方向运动L的过程中，历时t，则，由在竖直方向上，加速度为，故联立解得=0.615m14、（1）2.5R；（2）6（mg-Eq）【解析】(1) 根据重力与电场力的合力提供向心力，结合牛顿第二定律与动能定理，即可求解；(2) 根据受力分析，由牛顿第二定律与动能定理，即可求解。【详解】(1)由分析知，小球要经过B点至少需满足条件重力与电场力的合力提供向心力，即mg-qE=mvB2R 又从A到B过程由动能定理得：(mg-qE)(h-2R)=12mvB2 由以上两式解得：h=2.5R；(2) 在C点，对小球受力分析得：FN-(mg-qE)=mvC2R 从A到C过程由动能定理得：(mg-qE)h=mvC22 由以上两式解得：FN=(mg-qE)+2(mg-qE)R=6(mg-qE) 由牛顿第三定律知，小球对C点的压力与轨道在C点给小球的支持力是一对相互作