2023学年广东省揭阳华侨高级中学物理高二第一学期期中达标检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、分别将带正电、负电和不带电的三个等质量小球，分别以相同的水平速度由P点射入水平放置的平行金属板间，已知上板带负电，下板接地三小球分别落在图中A、B、C三点，则正确的是（ ）AA带正电、B不带电、C带负电B三小球在电场中加速度大小关系

2、是：aAaBaCC三小球在电场中运动时间相等D三小球到达下板时的动能关系是EkCEkBEkA2、如图所示甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是()A甲表是电压表，乙表是电流表BR增大时甲表量程增大CR增大时乙表量程增大D上述说法都不对3、质量为m的物体用轻绳悬挂于天花板上。用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示。用表示绳段拉力的大小，在O点向左侧移动的过程中（）AF逐渐变大，逐渐变大BF逐渐变大，逐渐变小CF逐渐变小，逐渐不变DF逐渐变小，逐渐变小4、如图,AB是某点电荷产生的电场中的一条电场

3、线,在电场线上P处由静止释放一个带负电的试探电荷时,它沿直线向B点处运动,对此现象判断正确的是(不计电荷重力)()A电荷向B做匀加速运动B电荷向B做加速度越来越小的加速运动C电荷向B做加速运动,加速度的变化情况不能确定D电荷向B做加速度越来越大的加速运动5、关于滑动摩擦力的公式，下列说法中正确的是（ ）A公式中的压力一定是重力B有弹力必有摩擦力C有摩擦力必有弹力D同一接触面上的弹力和摩擦力一定相互平行6、在许多精密的仪器中，如果需要较精确地调节某一 电阻两端的电压，常常采用如图所示的电路通过两只滑动变阻器和对一阻值为500左右的电阻两端电压进行粗调和微调已知两个滑动变阻器的最大阻值分别为200

4、和10关于滑动变阻器、的连接关系和各自所起的作用，下列说法正确的是（ ）A取=200，10，调节起粗调作用B取=10，=200，调节起微调作用C取=200，=10，调节起粗调作用D取=10，=200，调节起微调作用二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一电子在电场中由a点运动到b点的轨迹如图中虚线所示，图中平行实线是等势面。则下列说法中错误的是 （ ）Aa点的电势比b点低B电子在a点的加速度方向向右C电子从a点到b点动能减小D电子从a点到b点电势能增加8、某电场的电场线

5、分布如图所示，以下说法正确的是A点场强大于点场强B点电势高于点电势C若将一试电荷由点释放，它将沿电场线运动到点D若在点再固定一点电荷，将一试探电荷由移至的过程中，电势能减小9、如图所示，在竖直放置的半径为R的光滑半圆弧绝缘细管的圆心O处固定一点电荷，将质量为m，带电量为+q的小球从圆弧管的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，已知重力加速度为g，则下列说法正确的是（ ）A小球在B时的速率为B小球在B时的速率小于C固定于圆心处的点电荷在AB弧中点处的电场强度大小为3mg/qD小球不能到达C点（C点和A在一条水平线上）10、如图所示，电容器由平行金属板M、N和电介质

6、D构成电容器通过开关S及电阻及与电源E相连接则AM上移电容器的电容变大B将D从电容器抽出，电容变小C断开开关S，M上移，MN间电压将增大D闭合开关S，M上移，流过电阻及的电流方向从B到A三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图为研究磁场对通电导线的作用力的实验，问：（1）若闭合开关，导体棒AB 受到的安培力方向_（“向左”或“向右”）（2）如果向右滑动“滑动变阻器”触头，导体棒AB受到安培力方向_（“反向”或“不变”），安培力大小_（“变大”、“不变”或“变小”）12（12分）有一个小灯泡上标有“2V,3W”的字样,现在要用伏安法

7、描绘这个灯泡的I-U图线,有下列器材供选用:A电源（电动势3 V,内阻约1） B电流表（00.6 A,内阻约1）C电流表（02 A,内阻约0.4） D电压表（03 V,内阻约10k）E.电压表（010 V,内阻约20k） F.滑动变阻器（05,额定电流3A）G.滑动变阻器（0500,额定电流2A） H.开关、导线(1)实验中电流表应选用_,电压表应选用_.为使实验误差尽量减小,要求电压表从零开始变化且多取几组数据,滑动变阻器应选用_（用序号字母表示）(2) 实验中,电压表的示数如图，图中U= _ V(3)实验中调节滑动变阻器,得到了小灯泡的I-U图象如图所示,则可知小灯泡的电阻随电压增大而 _

8、（填“增大”、“减小”或“不变”）(4)请根据实验要求,在方框内画出电路图 _ .四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示,一个电子由静止开始经加速电场加速后,又沿中心轴线从O点垂直射入偏转电场,并从另一侧射出打到荧光屏上的O点, 点为荧光屏的中心。已知电子质量,电荷量,加速电场电压U0=2500V,偏转电场电压,极板的长度,板间距离,极板的末端到荧光屏的距离 (忽略电子所受重力,结果保留两位有效数字)。求(1)电子射入偏转电场时的初速度;(2)电子打在荧光屏上的P点到点的距离h;(3)电子经过偏转电场

9、过程中电场力对它所做的功W。14（16分）带有等量异种电荷的两个平行金属板A和B水平放置，相距为d (d远小于板的长和宽)，一个带正电的油滴P悬浮在两板的正中央处于静止，油滴的质量为m、电荷量为q，如图所示。在油滴的正上方距A板距离为d处有一质量也为m的带正电油滴N，油滴N由静止释放后，可穿过A板上的小孔，进入两金属板间。整个装置处在真空环境中，不计油滴P和N间的库仑力和万有引力以及金属板本身的厚度。油滴N穿过A板上的小孔后能与P相碰，且结合成大油滴(可视为质点)，又不与金属板B相碰。求：（1）金属板A、B间的电压是多少?哪板电势高?（2）油滴N电荷量可能是多少?15（12分）如图所示，矩形的

10、四个顶点a、b、c、d是匀强电场中的四个点，ab=2bc=2m，电场线与矩形所在的平面平行，已知a点电势为18V，b点电势为10V，c点电势为6V。一带电粒子从a点以速度射入电场，v0与ab边的夹角为45，一段时间后带电粒子经过ab的中点e，不计粒子重力，求：(1)d点的电势；(2)电场强度的大小和方向；(3)带电粒子从a到e所用的时间。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】ABC.A、B、C三个小球在水平方向都做匀速直线运动，由图看出水平位移关系是：xAxBxC三个小球水平速度v0相同，由x=v0t得，运

11、动时间关系是：tAtBtC竖直方向上三个小球都做匀加速直线运动，由图看出竖直位移y大小相等，由，得加速度关系为：aAaBaC根据牛顿第二定律得到合力关系为：FAFBFC，三个小球重力相同，而平行金属板上板带负极，可以判断出来A带正电、B不带电、C带负电。故A正确，BC错误。D.三个小球所受合力方向都竖直向下，都做正功，竖直位移大小相等，而合力FAFBFC，则合力做功大小关系为：WAWBWC，根据动能定理得，三小球到达下板时的动能关系是EkCEkBEkA故D错误。2、C【解析】试题分析：甲表是电流表，乙表是电压表，故A错误R增大时，甲表中变阻器分流减小，量程减小，故B错误R增大时，变阻器分担的电

12、压增大，乙表量程增大，故C正确由上可知，D错误考点：本题考查电表的改装3、A【解析】以结点O为研究对象受力分析如下图所示由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，则可知：绳OB的张力根据平衡条件可知，由此两式可得，在结点为O被缓慢拉动过程中，夹角增大，由三角函数可知：F和均变大。故A正确，BCD错误。故选A。4、C【解析】在电场线上P处自由释放一个负试探电荷时，它沿直线向B点处运动，电荷受到的电场力向右，所以电场线的方向向左，但是只有一条电场线，不能判断电场线的疏密的情况，不能判断电荷的受力的变化的情况，不能判断加速度的变化的情况。A电荷向B做匀加速运动，与结论不相符，选项A错误；

13、B电荷向B做加速度越来越小的加速运动，与结论不相符，选项B错误；C电荷向B做加速运动,加速度的变化情况不能确定，与结论相符，选项C正确；D电荷向B做加速度越来越大的加速运动，与结论不相符，选项D错误.5、C【解析】解：A、公式中的压力是正压力，不一定等于重力；故A错误；B、有弹力而无相对运或相对运动趋势就没有摩擦力；故B错误；C、摩擦力产生的条件中包含弹力的产生的条件，故有摩擦力必有弹力；故C正确；D、同一接触面上的弹力和摩擦力一定相互垂直；故D错误；故选C【点评】本题考查了滑动摩擦力的知识，抓住产生滑动摩擦力产生的条件，以及摩擦力的方向判断6、B【解析】若=200，10,则与R0组成的部分电

14、路的电阻远小于,移动上的滑片很不方便调节两端的电压.当=10，=200时,移动上的滑片使两端的电压变化较快,移动上的滑片使R0两端的电压变化相对较慢,故B对；ACD错故选B【点睛】滑动变阻器采用分压式接法时,为使电压变化明显,滑动变阻器的总电阻要远小于被测电阻的电阻值.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】A根据电子的运动轨迹可知，电子受的电场力向下，电场线与等势面垂直，由此可知电场线的方向向上，沿电场线的方向，电势降低，所以a点的电势比b点高，故A错误；B

15、根据电子的运动轨迹可知，电子受的电场力向下，电子受的电场力向下，所以电子在a点的加速度方向向下，故B错误；C从a点到b点的过程中，电场力做负功，所以电子从a点到b点动能减小，故C正确；D从a点到b点的过程中，电场力做负功，所以电子从a点到b点电势能增加，故D正确。8、BD【解析】试题分析：电场线的密的地方场强大，b点电场线密，所以b点场强大，故A错误沿着电场线方向电势降低，a点电势高于b点电势，故B正确若将一试探电荷+q由a点静止释放，将沿着在a点的场强方向运动，运动轨迹不是电场线，故C错误若在d点再固定一点电荷Q，将一试探电荷q由a移至b的过程中，原来的电场力和点电荷Q对试探电荷q做功均为正

16、，故电势能减小，选项D正确；故选BD考点：电场线；电场力的功和电势能9、AC【解析】试题分析：由A到B，由动能定理得：，解得，A正确，B错误，在B点，对小球由牛顿第二定律得：，将B点的速度带入可得，C正确，从A到C点过程中电场力做功为零，所以小球能到达C点，D错误，考点：动能定理和牛顿定律综合的问题点评：小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力并不是电场力等于重力，而是电场力与重力提供向心力去做圆周运动当是点电荷的电场时，由于电场力与支持力均于速度方向垂直，所以只有重力做功10、BC【解析】，根据电容的决定式可知，当M向上移时，板间距离d增大，电容器的电容变小；当将D从电容器抽出，介电常数减

17、小，电容器的电容变小，故A错误，B正确；断开开关S，M上移，电量不变，而电容减小，根据电容的定义式，可知电容器两端的电压增大，故C正确；闭合开关S，电压不变，M上移时电容减小，则由可知，电量Q减小,电容器放电，流过电阻的电流方向从A到B，故D错误选BC.【点睛】根据电容的决定式，分析电容的变化电容器的板间电压不变，根据电容的定义式，分析电容器电量的变化，即可判断电路中电流的方向三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、向左 不变 变小 【解析】(1)1利用左手定则可以判断受力方向向左；(2)23当向右滑动“滑动变阻器”触头时，阻值增大，电流变

18、小，方向不变，所以导体棒AB受到安培力方向不变，安培力大小变小。12、C; D; F; 2.20; 增大; 【解析】（1）因灯泡的额定电压为2V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于2V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用03V的电压表，故选D；由P=UI得，灯泡的额定电流I=1.5A；故电流表应选择02A的量程，故选C；而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分 压接法中应选总阻值小的滑动变阻器，故选F；（2）由图可知，量程为3V，最小分度为0.1V，则读数为2.20V；（3）I-U图象中图象中的斜率表示电阻的倒数，由图象可知，斜率减小

19、，故电阻增大；（4）由以上分析可知，本实验应采用分压和电流表外接法，故电路图如图所示；【点睛】（1)仪表的选择应本着安全准确的原则；电压表要测量灯泡两端的电压，故应通过灯泡的额定电压值判断需要的电压表；由流过灯泡的电流判断需要的电流表；由题意判断需要的滑动变阻器；（2）根据量程确定最小分度，从而明确读数；（3)根据I-U图象的性质分析电阻的变化；（4）根据实验要求确定电压表和电流表的接法，从而得出电路图.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) (2) (3) 【解析】(1)电子在加速电场中，根据动能定理有：代入数据得：(2)设电子在偏转电场中运动的时间为t，电子射出偏转电场时在竖直方向上的侧移量y电子在水平方向做匀速直线运