2023学年安徽省铜陵市联考高二物理第一学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电动势，下列说法正确的是 （ ）A在电源内部，通过静电力做功把正电荷从负极移动到正极，

2、使电势能增加B对于给定的电源，移动正电荷非静电力做功越多，电动势就越大C非静电力把单位正电荷从电源负极移到正极所做的功越多，电动势越大D电动势就是电源两端的电压2、如图所示，在匀强电场中，场强方向与abc所在平面平行，acbc，abc60，0.2 m一个电荷量q1105 C的正电荷从a移到b，电场力做功为零；同样的电荷从a移到c，电场力做功为1103 J则该匀强电场的场强大小和方向分别为()A500 V/m、沿ab由a指向bB500 V/m、垂直ab向上C1000 V/m、垂直ab向上D1000 V/m、沿ac由a指向c3、下列说法中正确的是( )A点电荷就是体积很小的带电体B点电荷就是体积和

3、带电量都很小的带电体C根据设想当时得出D静电力常量的数值是由实验得出的4、如图所示，水平放置的通电直导线上方M、N两点的磁感应强度分别为BM、BN，则 （ ）ABMBN，方向均垂直纸面向外BBMBN，方向均垂直纸面向外CBMBN，方向均垂直纸面向里DBMBN，方向均垂直纸面向里5、如图所示为两个固定在同一水平面上的点电荷，距离为d，电荷量分别为+Q和-Q。在它们的中垂线上水平固定一根内壁光滑的绝缘细管，一电量为+q的小球缓慢经过细管，则小球（）A小球的电势能先增大后减小B受到的库仑力先做负功后做正功C受到的库仑力最大值为D管壁对小球的弹力最大值为6、关于磁感应强度，下列说法正确的是A磁感应强度

4、是矢量，方向与小磁针在该点静止时S极指向相同B某处的磁场方向就是该处磁感强度的方向C放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小和方向处处相同D一小段通电导体在磁场中某处不受磁场力，则该处的磁感应强度一定为零二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如上图所示，套在足够长的绝缘粗糙直棒上的带正电小球，其质量为m，带电荷量为q，小球可在棒上滑动，现将此棒竖直放入沿水平方向且互相垂直的匀强磁场和匀强电场中设小球的带电量不变，小球由静止下滑的过程中()A小球的加速度一直增大B小球的速度

5、一直增大，直到最后匀速C杆对小球的弹力一直减小D小球所受洛伦兹力一直增大，直到最后不变8、静止在光滑水平面上的物体，受到水平拉力F的作用，拉力F随时间t变化的图像如图所示，则下列说法中正确的是（）A04 s内物体的位移为零B04 s内拉力对物体做功为零C4 s末物体的动量为零D04 s内拉力对物体的冲量为零9、如图所示，把四个相同的灯泡接成甲、乙两种电路后，灯泡都正常发光，且两个电路的总功率相等，则这两个电路中的U甲、U乙，R甲、R乙之间的关系正确的是( ) AU甲4U乙BU甲2U乙CR甲2R乙DR甲4R乙10、初速度为零的质子p、氘核d和粒子经过同一电场加速后以垂直于磁场方向的速度进入同一匀

6、强磁场，则它们在磁场中( )A动能之比EpEdE124B动能之比EpEdE112C运动半径之比rprdr112D运动半径之比rprdr1三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有一只标值为“2.5 V，W” 的小灯泡，其额定功率的标值已模糊不清某同学想通过描绘灯丝伏安特性曲线来测定该灯泡的额定功率已知小灯泡的灯丝电阻约为5 ，请先在图甲中补全用伏安法测量灯丝电阻的电路图，再选择电流表（00.6A；03A）、电压表（03V；015V）的合适量程，并按图甲连接方式将图乙中的实物连成完整的电路开关S闭合之前，将图乙中滑动变阻器的滑片应置于

7、(选填“A端”、“B端”或“AB正中间”)该同学通过实验作出的灯丝伏安特性曲线如上图丙所示，则小灯泡的额定功率为 W12（12分）在“测金属电阻率”的实验中， (1)用螺旋测微器测金属丝的直径如图所示，则该金属丝的直径为_mm (2)已知金属丝的电阻约为10，现备有下列器材供测量该电阻丝的电阻时选用，应选用的器材有_ (只填代号) A量程00.6 A，内阻约0.5的电流表； B量程是03 A，内阻约0.1的电流表； C量程是03 V，内阻约6 k电压表； D量程是015 V，内阻约30 k的电压表； E阻值为0lk，额定电流为0.5 A的滑动变阻器； F阻值为020，额定电流为2 A的滑动变阻

8、器； G蓄电池(6 V)； H开关一个，导线若干(3)画出伏安法测上述电阻丝的电阻的电路图_.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，光滑导轨MN和PQ固定在竖直平面内，导轨间距为L，两端分别接有阻值均为R的定值电阻R1和R2。两导轨间有一边长为的正方形区域abcd，该区域内有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场。一质量为m的金属杆与导轨相互垂直且接触良好，从ab处由静止释放，若金属杆离开磁场前已做匀速运动，其余电阻均不计。求：(1) 金属杆离开磁场前的瞬间流过R1的电流大小和方向； (2)

9、 金属杆离开磁场时速度的大小；(3) 金属杆穿过整个磁场过程中通过金属杆的电量。14（16分）如图所示，匀强电场的电场线与AC平行，把带电荷量108C的负电荷从A移至B的过程中，电场力做功6108J，AB长6cm，AB与AC的夹角为60求：(1)场强方向；(2)设B处电势为1V，则A处电势为多少；(3)A处的场强大小；(4)电子在A点的电势能15（12分）如图所示，在杆上的下端B点固定一个电量为Q = + 410-5C的点电荷。质量为m = 210-3kg的小球穿在绝缘细杆上，杆的倾角为 =30o，小球带正电，电量为q=10-8C（小球可看作试探电荷），将小球由距B点竖直高度为H =0.5m的

10、A点处静止释放，小球下滑过程中电量不变。不计小球与细杆间的摩擦，整个装置处在真空中，已知静电力常量k=9.0109Nm2/C2和重力加速度g=10m/s2，求： （1）小球刚释放时的加速度大小？（2）当小球的动能最大时，此时小球与B点的距离？（3）若小球到达细杆上某点D点（图中未画出）时，小球速度恰好为零，测得点电荷Q形成的电场在A、D两点间的电势差UAD=6.4105V，则D点与B点的距离？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】在电源内部，通过非静电力做功把正电荷从负极移动到正极，使电势能增加，选项A错误

11、；非静电力把单位正电荷从电源负极移到正极所做的功越多，电动势越大，选项B错误，C正确；电动势并不是电源两端的电压，大小等于外电路断路时的路端电压，选项D错误；故选C.2、C【解析】正电荷从a移到b，电场力做功为零，则由电场力做功的特点可知，ab两点电势相等，故ab应为等势线；因电场线与等势面相互垂直，故过c做ab的垂线，一定是电场线；正电荷从a到c过程，由W=Uq可知，ac两点的电势差，即a点电势高于c点的电势，故电场线垂直于ab斜向上；ac间沿电场线的距离；由可知：电场强度；方向垂直ab向上；故C正确，ABD错误；故选C【点睛】场线与等势面相互垂直，而且电场线由是由高电势指向低电势；匀强电场

12、中U=Ed中的d应为沿电场方向的有效距离3、D【解析】试题分析：当带电体的形状和大小对我们所研究的问题影响不大时，就可以看做点电荷，点电荷不是体积很小的电荷，AB错误；当时，库仑定律不再适用，C错误；静电力常量的数值是库仑由实验得出的，D正确；考点：考查了点电荷，库仑定律【名师点睛】正确解答本题需要掌握：点电荷的定义，能否看作点电荷的条件；对于库仑定律的理解与应用，要正确理解公式中各个物理量的含义4、A【解析】利用安培定则可以判断出通电直导线周围磁场线分布情况，电流方向向右，则其上方磁场垂直纸面向外，越靠近导线磁场越强，故B、C、D错误，A正确.故选A.5、C【解析】AB小球受重力、库仑力和管

13、壁弹力作用；根据等量异种电荷的电场分布可知，小球受库仑力水平向右，则库仑力对小球不做功，小球的电势能不变，选项AB错误；C当小球运动到两电荷连线的中点时，受库仑力最大，则最大值为选项C正确；D管壁对小球的弹力最大值等于库仑力的最大值，大小为，故D错误。故选C。6、B【解析】A项：磁感应强度是矢量，方向与小磁针在该点静止时S极指向相反，故A错误；B项：某处的磁场方向就是该处磁感强度的方向，故B正确；C项：由通电导线受安培力F=BILsin可知，放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小还与导线与磁场的方向有关，所以安培力的大小不一定处处相同，故C错误；D项：一小段通电导体在某处不受磁场力作用，有可能

14、是导线与磁场平行，此处磁感应强度不一定为零，故D错误。故应选：B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】小球下滑过程中，受到重力、摩擦力（可能有）、弹力（可能有）、向左的洛伦兹力、向右的电场力开始阶段，洛伦兹力小于电场力时，小球向下做加速运动时，速度增大，洛伦兹力增大，小球所受的杆的弹力向左，大小为N=qEqvB，N随着v的增大而减小，滑动摩擦力f=N也减小，小球所受的合力F合=mgf，f减小，F合增大，加速度a增大；当洛伦兹力等于电场力时，合力等于重力，加

15、速度最大；小球继续向下做加速运动，洛伦兹力大于电场力，小球所受的杆的弹力向右，大小为N=qvBqE，v增大，N增大，f增大，F合减小，a减小当mg=f时，a=0，故加速度先增大后减小，直到为零；小球的速度先增大，后不变；杆对球的弹力先减小后反向增大，最后不变；洛伦兹力先增大后不变故BD正确，AC错误8、BCD【解析】由图象可知物体在4s内先做匀加速后做匀减速运动，4 s末的速度为零，位移一直增大，故A错误；前2s拉力做正功，后2s拉力做负功，且两段时间做功代数和为零，故B正确；4s末的速度为零，故动量为零；故C正确；根据I=Ft可知：前4s内I合=F2- F2=0，故D正确；故选BCD【点睛】

16、本题主要考查了同学们读图的能力，要求同学们能根据受力情况分析物体的运动情况，再根据动量定理进行分析求解9、BD【解析】设灯泡的额定电流为I0；因两灯泡正常发光，故灯泡中电流相等；则甲电路中电流为I0；乙电路中电流为2I0；因总功率相等，故两电阻消耗的功率相等；则由P=I2R可知，R甲=4R乙；故D正确，C错误；由欧姆定律可知：U甲=I0R甲+2U=2I0R乙+2U；U2=2I0R乙+U；故U甲=2 U乙；故A错误，B错误；故选BD10、BD【解析】试题分析：根据动能定理，可知动能之比为，根据洛伦兹力充当向心力可知半径之比为：，答案选BD考点：本题考查带电粒子在电场中及磁场中的运动三、实验题：本

17、题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、电路图和实物连线图如下图 B端 1.1W【解析】试题分析：由于电压电流需从零测起，因此滑动变阻器采用分压式接法；灯泡的电阻约为5，属于小电阻，电流表采取外接法；由于小灯泡的额定电压为2.5V，因此电压表选择3V量程的，小灯泡的额定电流为0.44A，则电流表量程选择0.6A的，电路图和实物连线图如下图开关S闭合之前，将图乙中滑动变阻器的滑片应置于B端，使测量电路部分处于短路状态，闭合电键时，电压表、电流表示数为零，起到保护电路的作用小灯泡的伏安特性曲线可知，当时，根据考点：本题考查了描绘小灯泡的伏安特性曲线、滑动变阻

18、器的接法和电流表的内外接法12、（1）4.591mm.（2）ACFGH.（3）电路图见解析；【解析】（1）金属丝的直径为:4.5mm+0.01mm9.1=4.591mm.（2）电源电动势为6V，电压表应选C:量程是0-3V，内阻6k；如果选D、量程是0-15V，内阻30k，电源电动势不到电压表量程的一半，读数误差较大；电路最大电流约为I=E/R=6/10=0.6A，则电流表应选A:量程是0-0.6A，内阻是0.5；为方便实验操作，滑动变阻器应选F：阻值为0-10，额定电流为2A故选：ACFGH.（3）待测电阻为10，滑动变阻器最大电阻为20，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法；RRA=20RVR=600，则电流表应采用外接法；【点睛】本题关键要知道仪器选择的原则：安全、准确、方便；明确用小电流测电阻的原因，然后选择电表，连接电路，要注意滑动变阻器采用分压式接法四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1），从P到M （2）（3）【