2023学年福建省福州市闽侯第六中学高二物理第一学期期中考试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在某一输电线路的起始端接入两个理想变压器，原、副线圈的匝数比分别为n1n2=1001和n3n4=1100，图中a、b表示电流表或电压表，已知电压表的示数为22 V，电流

2、表的示数为1 A，则以下说法正确的是（ ）A输电线路总电阻为22 B线路输送电功率是22WCa为电压表，b为电流表Da为电流表，b为电压表2、丝绸与玻璃棒摩擦后，玻璃棒带正电，这是因为( )A丝绸上的一些电子转移到玻璃棒上B玻璃棒上的一些电子转移到丝绸上C丝绸上的一些正电荷转移到玻璃棒上D玻璃棒上的一些正电荷转移到丝绸上3、三根通电长直导线a、b、c平行且垂直纸面放置，其横截面如图所示，a、b、c恰好位于直角三角形的三个顶点，c，a。a、b中通有的电流强度分别为I1、I2，c受到a、b的磁场力的合力方向与a、b连线平行。已知通电长直导线在周围某点产生的磁场的磁感应强度，k为比例系数，I为电流强

3、度，r为该点到直导线的距离，sin0.6。下列说法正确的是（ ）Aa、b中电流反向,：9Ba、b中电流同向,：3Ca、b中电流同向,：9Da、b中电流反向,：34、两个电压表V1和V2是由完全相同的两个小量程电流表改装成的，V1的量程是3V，V2的量程是15V，为了测量约16V的电压，我们把两个电压表串联起来使用，以下叙述正确的是AV1和V2的指针偏转角度相同BV1和V2的示数相等CV1和V2的示数不相等，指针偏转角度也不相同DV1和V2的示数之比为5：15、如图所示，电源电压为6V，电压表示数为2.5V，则（ ）AL1 两端电压为2.5VBL1 两端电压为3.5VCL2两端电压为3.5VD以

4、上说法都不对6、已知一束可见光a是由m、n、p三种单色光组成的，检测发现三种单色光中，n、p两种色光的频率都大于m色光；n色光能使某金属发生光电效应，而p色光不能使该金属发生光电效应那么，光束a通过三棱镜的情况是（）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、用多用电表测电阻时，若选择“100”的欧姆档测量发现（ ）A指针指在电阻刻度较靠近0的某刻度线上，则应换用“1k”的欧姆档测量B指针指在电阻刻度较靠近0的某刻度线上，则应换“10”或“1”欧姆档测量C指针指在电阻

5、刻度较靠近的某刻度线上，则应换用“1k”的欧姆档测量D指针在电阻刻度较靠近的某刻度线上，则应换用“10”或“1”的欧姆档测量8、在如图所示的U-I图象中，直线a为某电源的路端电压U与于路电流I的关系图象， 直线b为某电阻R的伏安特性曲线用该电源和电阻R连接成闭合电路，由图象可知（）AR的阻值1.5B电源电动势为3V，内电阻为0.5C电源的输出功率为3.0WD电源的效率为50%9、如图所示，电源电动势E=9V，内电阻r=4.5，变阻器Rl的最大电阻Rm=5.0，R2=1.5，R3=R4=1000，平行板电容器C的两金属板水平放置在开关S与a接触且当电路稳定时，电源恰好有最大的输出功率，在平板电容

6、器正中央引入一带电微粒，也恰能静止那么（）A在题设条件下，接入电路的阻值为，电源的输出功率为B引入的微粒带负电，当开关接向未接触的过程中，微粒将向下运动C在题设条件下，的阻值增大时，两端的电压增大D在题设条件下，当开关接向b后，流过的电流方向为10、如图所示，关于地球卫星的轨道，下列说法正确的是A同步卫星的轨道一定为bB卫星可能的轨道为a、cC同步卫星可能的轨道为aD同步卫星可能的轨道为a、c三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学选用两个完全相同的小球A、B来验证库仑定律使小球A和B带上同种电荷，A球放在左右可移动且上下高度可

7、调节的绝缘座上，B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点，如图实验时，保证A、B两球球心在同一水平线上，待B球平衡后偏离竖直线的角度为，B球质量为m，重力加速度为g；先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，悬线的偏角越大；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大. (1)实验中需要用到_的科学方法(2)根据平衡关系，A、B两球之间的电场力F=_（用m、g、表示）（3）在阅读教材后，该同学知道了库仑定律的表达式，并知道了均匀分布的带电球体可以等效为电荷量全部集中在球心处的一个点电荷它将两个半径为R的金属小球分别带上了q1和q2的正电，并使

8、其球心相距3R，应用库仑定律，计算了两球之间的库仑力，则该同学的计算结果_（选填“偏大” “偏小”“正确”），原因是：_12（12分）要测绘额定电压为2V的日常用小电珠的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A、电源E（电动势3.0V，内阻可不计）B、电压表V1（量程为03.0V，内阻约2k）C、电压表V2（015.0V，内阻约6k）D、电流表A1（00.6A，内阻约1）E、电流表A2（0100mA，内阻约2）F、滑动变阻器R1（最大值10）G、滑动变阻器R2（最大值2k）（1）为减少实验误差，实验中电流表应选择_，滑动变阻器应选择_（填各器材的序号）（2）为

9、提高实验精度，请你设计实验电路图，并画在图甲的虚线框中_（3）实验中测得一组数据作出了该电珠的U-I图线如图所示根据该图线可知小电珠的额定功率是_W（4）由图象可知，小电珠电阻的变化特点是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，有一电子(电荷量为e)经电压U0加速后，进入两块间距为d、电压为U的平行金属板间若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，求：(1)电子进入平行板时的速度(2)金属板AB的长度；(3)电子穿出电场时的动能14（16分）如图所示，电源电动势为E=10V，内阻r=1，

10、R1=R2=R3=R4=1，电容器电容C=6F，开关闭合时，间距为d的平行板电容器C的正中间有一质量为m，电荷量为q的小球正好处于静止状态求：（1）电路稳定后通过R1的电流I；（2）开关S断开，流过R2的电荷量Q；（3）断开开关，电路稳定后，小球的加速度a的大小15（12分）如图所示，光滑水平面上有一木板槽（两侧挡板厚度忽略不计），质量M=2.0kg，槽的长度L=2.0m，在木板槽的最左端有一个小滑块（可视为质点），质量m=1.0kg，小滑块与木板槽之间的动摩擦因数. 开始时它们都处于静止状态，某时刻起对木板槽施加一个F=10.0N水平向左的恒力，此后小滑块将相对木板槽滑动。（1）求小滑块滑到

11、木板槽中点时速度的大小；（2）水平面光滑是一种理想化的情况，实际上木板槽与水平面间是有摩擦的，经测定木板槽与水平面间的动摩擦因数=0.05。如果使小滑块滑到木板槽中点时的速度与第（1）问所求速度相同，请你通过计算确定一种方案：即只改变M、m、F中一个物理量的大小，实现上述要求（只要提出一种方案即可）。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由图可知：a的原线圈并联在电路中且副线圈匝数小于原线圈匝数，则输出电压小，为电压互感器，则a表是电压表；b的原线圈串联在电路中且副线圈匝数大于原线圈匝数，输出电流小，则为电

12、流互感器，则b电表是电流表，则C正确，D错误；而a互感器原线圈的匝数比副线圈匝数100：1，b互感器原线圈的匝数比副线圈匝数1：100，由电压表的示数为22V，得原线圈的电压为2200V，由电流表的示数为1A，原线圈的电流为100A所以电线输送功率是2.2105W=220KW，由已知条件无法求输电线电阻，故AB错误；故选C。【点睛】本题实质是电压互感器与电流互感器的简单运用，电压互感器与电流互感器是利用变压器原理将电压、电流减小到可测范围进行测量的仪器。2、B【解析】丝绸与玻璃棒摩擦后，玻璃棒带正电，这是因为玻璃棒上的一些电子转移到丝绸上，丝绸因为多余电子带上负电；故选B.3、A【解析】同向电

13、流相互吸引，异向电流相互排斥，且c受到a、b的磁场力的合力方向与a、b连线平行，则ab中电流方向相反，c受力分析如图所示：竖直方向平衡得：根据几何关系得：联立解得：Aa、b中电流反向,：9与分析相符，故A正确；Ba、b中电流同向,：3与分析不符，故B错误；Ca、b中电流同向,：9与分析不符，故C错误；Da、b中电流反向,：3与分析不符，故D错误。4、A【解析】A两个电压表串联，流过表头的电流相同，指针偏转角度大小与电流大小成正比，故V1和V2的指针偏转角度相同，故A正确；B偏转角相同时，量程大的电压表读数偏大，说明V1的示数小于V2的示数，故B错误；C由前面分析可知V1和V2的示数不相等，指针

14、偏转角度相同，故C错误；D因两电压表偏转角相同，示数之比等于量程之比，故V1和V2的示数之比为1：5，故D错误；故选A。5、B【解析】先排除电压表，并判断出电路的连接方式，L1、L2串联；再还原电压表，确定电压表所测范围电压表测L2的两端电压，所以L2的两端电压为2.5V，而L1两端电压为6V2.5V=3.5V，B正确6、A【解析】试题分析：由于n色光能使某金属发生光电效应，而p色光不能使该金属发生光电效应，故n的频率大于p的，三种色光之间的频率大小关系为：，同一种介质对频率越大的单色光的折射率也越大，所以经棱镜后偏折角度也越大.，故BCD错误，A正确考点：光的折射定律；光电效应点评：要能够根

15、据各种单色光的频率、折射率、波长等之间大小关系所遵循规律进行有关问题的解答二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】AB指针指在电阻刻度较靠近0的某刻度线上，所选挡位太大，为准确测量电阻阻值，应换用“10”或“1”的欧姆档，故A错误，B正确；CD指针指在电阻刻度较靠近的某刻度线上，说明所选挡位太小，为准确测量电阻阻值，则应换用“1k”的欧姆档，故C正确，D错误；故选BC。8、AD【解析】A、由图象b可知，外电阻R=UI=1.51=1.5，故A正确B、由图象a可知

16、，电源电动势E=3.0V，短路电流I短=2A，电源内阻r=EI短=32=1.5，故B错误C、由两图象的交点坐标，可得电阻两端的电压为1.5V，流过电阻的电流为1A，电源的输出功率为P=UI=1.51W=1.5W，故C错误；D、由两图象的交点坐标，干路电流为1A，电源的总功率为P=UI=31W=3W，则电源的效率=PP100%=1.53100%=50%，故D正确故选AD【点睛】根据U-I图象a正确读出电源的电动势和短路电流，根据U-I图象正确读出外电路两端的电压和流过电阻的电流，是解决此类问题的出发点9、AD【解析】根据当外电阻等于内电阻时，电源的输出功率最大去求解；对微粒进行受力分析，根据微粒

17、处于平衡状态，判断出微粒的电性当开关接向b（未接触b）的过程中，电容器电荷量未变，从而判断出微粒的运动状况；电路的动态分析抓住电动势和内阻不变，结合闭合电路欧姆电路进行分析；找出开关接a和接b上下极板所带电荷的电性，即可确定出电流的方向【详解】在开关S与a接触且当电路稳定时，电源恰好有最大的输出功率，可知，则电源的输出功率，A正确；在开关S与a接触且当电路稳定时，在平板电容器正中央引入一带电微粒，也恰能静止微粒受重力和电场力平衡而上极板带正电，可知微粒带负电当开关接向未接触的过程中，电容器所带的电量未变，电场强度也不变，所以微粒不动，B错误；电容器所在的支路相当于断路，在题设条件下，和及电源构

18、成串联电路，的阻值增大时，总电阻增大，总电流减小，两端的电压减小C错误；在题设条件下，开关接a时，上极板带正电，当开关接向b后，下极板带正电，流过的电流方向为，D正确10、BC【解析】卫星的轨道平面必须过地心，同步轨道必须位于赤道上某一高度处【详解】b平面不过地心、且不在赤道上空，故不可能是同步卫星，故A错误；因a，c都过地心，故可为卫星轨道。故B正确；因a在赤道上空，且过地心，可能是同步轨道。故C正确；因c不在赤道上空，不能为同步轨道。故D错误；故选BC。【点睛】卫星的轨道必过地心，同步卫星的轨道还要在赤道上空某一高度处（距离地面的高度约是36000km）三、实验题：本题共2小题，共18分。

19、把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）控制变量法 （2）mgtan （3）偏大； 两电荷带同种电荷，导致电量间距大于3R 【解析】（1）做这个实验是时，“先保持两球电荷量不变”和“再保持两球距离不变”，可见，实验中需要用到控制变量法的科学方法（2）A球受重力，绳的拉力和电场力三力平衡，根据平衡关系，A、B两球之间的电场力F=mgtan（3）当两球心相距为3R时，两球不能看成点电荷，因带同种电荷，导致电量间距大于3R，根据库仑定律F=k，可知，它们相互作用的库仑力大小F即该同学的计算结果偏大，原因是：两电荷带同种电荷，导致电量间距大于3R【点睛】本题应知道控制变量法在实

20、验中的应用，明确当两球心相距为3R时，两球不能看成点电荷，不能直接运用库仑定律解答，注意库仑定律的成立条件，理解点电荷的含义12、D F 0.94-0.98 灯泡电阻随电压的增大而增大 【解析】由题中“要测绘额定电压为2V的日常用小电珠的伏安特性曲线”可知，本题考查小灯泡伏安特性曲线测绘，根据伏安法和分压法要求，结合实验规律可分析本题【详解】（1）1根据小电珠的电流变化，电流表选择D；2本实验是测绘小电珠伏安特性曲线，需要电压的变化范围比较大，故采用分压式，因此选择滑动变阻器R1；（2）3 本实验是测绘小电珠伏安特性曲线，需要电压的变化范围比较大，故采用分压式，故连接方式为（3）4小电珠额定电

21、压是2V，从表中可知，电流在0.47A到0.49A左右，故其额定电功率根据公式可得为0.94W-0.98W（4）5 U-I图线中斜率表示电阻，由图可知，小电珠电压增大斜率变大，因此可得灯泡电阻随电压的增大而增大。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) (2) (3) 【解析】(1) 设电子飞离加速电场时的速度为v 0 ，由动能定理得解得：(2)设金属板AB的长度为L，电子偏转时间t电子在偏转电场中产生偏转加速度a电子在电场中偏转yd at 2得：L .(3)设电子穿过电场时的动能为E k ，根据动能定理E k

22、 eU 0 e 14、（1）2A（2） （3）【解析】(1)开关闭合时，R1、R3并联与R4串联，R2中没有电流通过，由串联电路分压规律求R4的电压，再由欧姆定律求通过R1的电流I；(2)开关闭合时，小球静止在电场中，电场力与重力平衡，由平衡条件列出方程开关S断开，根据串联电路的特点求出电容器的电压，从而可求得电容器电荷量的变化量，即等于流过R2的电荷量Q；(3)断开开关，电路稳定后，根据牛顿第二定律求加速度a【详解】(1) 开关S闭合时，R1、R3并联与R4串联，R2中没有电流通过有：电容器的电压 由欧姆定律得通过R4的电流，由电路特点可知，R4中的电流为R1的两倍，所以流过R1的电流为2A；(2) 开关S断开，电容器的电压开关S断开