学海大联考2023学年物理高二第一学期期中达标测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某同学将一个电源分别跟R1和R2串联进行实验，电阻两端的电压随电流变化关系和电源的路端电压随电流变化关系如图所示，下列说法中错误的是（）A定值电阻R1=3，R2=0.7

2、5B电源电动势E=9V，内阻r=1C接R1时，电源的输出功率为12WD接R2时，电源的输出功率为12W2、法拉第是19世纪最伟大的实验物理学家之一，他在电磁学研究方面的卓越贡献如同伽利略、牛顿在力学方面的贡献一样，具有划时代的意义，正是他提出了电场的概念关于静电场场强的概念，下列说法正确的是（ ）A由E=F/q可知，某电场的场强E与q成反比，与F成正比B正、负检验电荷在电场中同一点受到的电场力方向相反，所以某一点场强方向与放入检验电荷的正负有关C电场中某一点的场强与放入该点的检验电荷的正负无关D电场中某点不放检验电荷时，该点场强等于零3、下列元器件中，哪一个是电容器？（）A B C D4、某导

3、体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是A该元件是非线性元件，所以不能用欧姆定律计算导体在某状态下的电阻B加5V电压时，导体的电阻大于5C由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断增大D由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小5、如图甲所示，一轻质弹簧的两端与质量分别为m1和m2的两物块A、B相连接，并静止在光滑的水平面上.现使A瞬时获得水平向右的速度3m/s，以此刻为计时起点，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，从图象信息可得（ ）A两物体的质量之比为m1:m2=2:1B从t3到t4时刻弹簧由压缩状态恢复到原长C在t1、t3时刻两物块达到共同速度1m/s，弹簧分别处于

4、压缩状态和拉伸状态D在t2时刻A和B的动能之比为EK1: EK2=1:46、如图所示，光滑绝缘水平面上两个相同的带电小圆环A、B，电荷量均为q，质量均为m，用一根光滑绝缘轻绳穿过两个圆环，并系于结点O.在O处施加一水平恒力F使A、B一起加速运动，轻绳恰好构成一个边长为l的等边三角形，则()A小环A的加速度大小为 B小环A的加速度大小为 C恒力F的大小为 D恒力F的大小为 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、 “雪龙号”南极考察船在由我国驶向南极的过程中，经过赤道时测得

5、某物体的重力是G1；在南极附近测得该物体的重力为G2；已知地球自转的周期为T，引力常数为G，假设地球可视为质量分布均匀的球体，由此可知：A地球的密度为B地球的密度为C当地球的自转周期为 时，放在地球赤道地面上的物体不再对地面有压力D当地球的自转周期为 时，放在地球赤道地面上的物体不再对地面有压力8、下列四个选项是描述对给定的电容器充电时电荷量Q、电压U、电容C之间相互关系的图象，其中正确的是( )ABCD9、如图所示，带有正电荷的A粒子和B粒子同时从匀强磁场的边界上的P点以等大的速度，以与边界成30和60的夹角射入磁场，又都恰好不从另一边界飞出，设边界上方的磁场范围足够大，下列说法中正确的是（

6、 ）AA、B两粒子在磁场中做圆周运动的半径之比为13BA、B两粒子在磁场中做圆周运动的半径之比为3(2+3)CA、B两粒子的m/q之比为13DA、B两粒子的m/q之比为3(2+3)10、如图所示的电路图，AB间电压为U，则下列说法正确的是（）A滑动变阻器滑片向上移动时，RX两端电压变小B滑动变阻器滑片向下移动时，RX两端电压变大C滑动变阻器滑片位于中间时，RX两端电压小于D滑动变阻器滑片位于中间时，若CD间改接为内阻为RX的电动机，电动机恰能正常工作，则此电动机消耗的热功率小于三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）图中螺旋测微器的读

7、数为_; 游标为卡尺测圆筒外径为_mm12（12分）现在要测量一只额定电压U3V的小灯泡L的额定功率P(约为0.3W)。实验室备有如下器材：电流表A1(量程为200mA，内阻r110)电流表A2(量程为300mA，内阻约为5)定值电阻R(10)滑动变阻器R1(0100，0.5A)电源E(E5V，不计电源内阻)单刀开关一个、导线若干(1)请设计出实验电路，并画在如图所示的虚线框内，注意滑动变阻器要采用限流接法_。(2)按设计好的电路图连接好电路，开关S闭合前，滑片P应移至阻值最大位置；闭合开关S，移动滑片P，使电流表A1的示数I1150mA，同时记下此时电流表A2的示数I2；断开开关S，拆除电路

8、，整理器材。实验中计算灯泡额定功率的表达式为P_。(用题中给定的符号以及(2)中涉及的记录符号来表示)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示的电路，电源电动势E=10V，内阻闭合开关后，标有“8V，16W”字样的灯泡L恰好能正常发光，小型电动机M的线圈电阻，求：(1)通过电源的电流I；(2)电动机的发热功率；(3)电动机的输出功率14（16分）如图，真空中有两个点电荷Q1=+4.010-8C和Q2= -1.010-8C,分别固定在x坐标轴的x=0和x=6cm的位置上（1）x坐标轴上哪个位置的电场强度为

9、零?（2）x坐标轴上哪些地方的电场强度方向是沿x轴的正方向的?15（12分）如图所示，水平放置的平行板电容器的两极板M、N接上直流电源，两极板间的距离为L15 cm.上极板M的中央有一小孔A，在A的正上方h处的B点有一小油滴自由落下已知小油滴的电荷量q3.51014 C、质量m3.0109 kg.当小油滴即将落到下极板时速度恰好为零两极板间的电势差U6105 V求：（不计空气阻力，取g10 m/s2） （1）两极板间的电场强度E的大小为多少？（2）设平行板电容器的电容C4.01012 F，则该电容器所带电荷量Q是多少？（3）B点在A点的正上方的高度h是多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题

10、，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A、电阻的伏安特性曲线的斜率等于电阻阻值，则R1=62=3、R2= 34=0.75，故A正确；B、根据闭合电路欧姆定律，则有：E=6+2r；及E=3+3r；解得：电动势E=9V，内阻r=3，故B错误；C、当接R1时，电源的输出功率为P1=U1I1=62=12W，故C正确；D、当接R2时，电源的输出功率为P2=U2I2=34=12W，故D正确本题选择错误的，故选：B2、C【解析】试题分析：电场强度是一个比值定义，与放入的检验电场受到的大小与F和及带电量q无关，是由电场本身的性质决定的，A错误，C正确；电场强

11、度的方向规定与正电荷受力的方向相同，负电荷受力的方向与电场强度方向相反，因此与正负电荷无关，B错误；一旦通过检验电荷测出了该点的电场强度，把检验电荷移走，该点的电场强仍不变，与是否有检验电荷无关，D错误考点：电场强度3、C【解析】高中课本上出现电容器有：平行板电容器，可调电容器，聚苯乙烯电容器和电解电容器，每一种都有不同的外形，我们可以根据外形和构造进行判断，常见的电学仪器也要记牢；【详解】A、图片是滑动变阻器，故A错误。B、图片虽然像聚苯乙烯电容器或电解电容器，但它有3跟腿，所以应为三极管，故B错误；C、图片是可调电容器，故C正确；D、图片是法拉第在做电磁感应实验中用到的线圈，不是电容器，故

12、D错误。【点睛】对于电学元器件，有的可能光靠从外形上分辨不出来，因为有的看不到构造，需要认识课本上出现的所有电学元器件。4、C【解析】A该元件是非线性元件，但仍能用欧姆定律计算导体在某状态的电阻，故A错误，B当U=5V时，由图知电流为I=1.0A，则导体的电阻 故B错误；CD由图知，随着电压的增大，图象上的点与原点连线的斜率减小，此斜率等于电阻的倒数，则知导体的电阻不断增大，故C正确，D错误；5、C【解析】A、B组成的系统合外力为零，遵守动量守恒选择开始到t1时刻列方程可得： m1v=（m1+m2）v1，将v=3m/s，v1=1m/s代入得：m1：m2=1：2，故A错误；结合图象弄清两物块的运

13、动过程，开始时m1逐渐减速，m2逐渐加速，弹簧被压缩，t1时刻二者速度相当，系统动能最小，势能最大，弹簧被压缩最厉害，然后弹簧逐渐恢复原长，m2依然加速，m1先减速为零，然后反向加速，t2时刻，弹簧恢复原长状态，由于此时两物块速度相反，因此弹簧的长度将逐渐增大，两木块均减速，当t3时刻，二木块速度相等，系统动能最小，弹簧最长，因此从t3到t4过程中弹簧由伸长状态恢复原长，故B错误；由图可知t1、t3时刻两物块达到共同速度1m/s，总动能最小，根据系统机械能守恒可知，此时弹性势能最大，t1时刻弹簧处于压缩状态，t3时刻弹簧处于伸长状态故C正确；在t2时刻A的速度为：vA=-1m/s，B的速度为：

14、vB=2m/s，根据m1：m2=1：2，结合，得：Ek1：Ek2=1：8，故D错误所以C正确，ABD错误6、B【解析】AB设轻绳的拉力为T，则对A：TTcoskTcosmaA联立解得：aA故B正确，A错误；CD恒力F的大小为F2maA故CD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】试题分析：在两极物体不随地球自转，故受到的重力等于地球对其的引力，在赤道引力与支持力的合力提供向心力，联立方程解题，在赤道上物体受到的万有引力完全充当向心力时，放在地球赤道地面上的

15、物体不再对地面有压力在两极物体受到的重力等于地球对其的引力，故有在赤道引力与支持力的合力提供向心力，地球的密度，联立解得，A错误B正确；在赤道上万有引力完全充当向心力时，物体将“飘”起来，即，联立解得，故C正确D错误8、BCD【解析】由题中“给定的电容器充电时电荷量Q、电压U、电容C之间相互关系的图象”可知，本题考查电容器电荷量、电压、电容之间相互关系，根据电容器规律可分析本题。【详解】ABD.电容的定义式为电容器电容的大小与电容的带电量Q以及电容器两极板之间的电压无关，电容器电容的决定式为只要电容器不变其电容就不发生变化，故A错误，BD正确；C.根据 电容器不变，电量Q和电压U成正比，故C正

16、确。9、BD【解析】试题分析：由题意知，粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力，根据，得：，由几何关系可得：对粒子B：Rcos60+R=d，对粒子A有：rcos30+r=d，联立解得：，所以A错误；B正确；再根据，可得A、B两粒子mq之比是32+3，故C错误；D正确。考点：本题考查带电粒子在磁场中的运动10、CD【解析】电阻Rx与变阻器的下半部分并联后再与上半部分串联；滑动变阻器滑片向上移动时，串联部分电阻变小，并联电阻变大，分压大，则Rx两端电压变大，故A错误；滑动变阻器滑片向下移动时，串联部分电阻变大，并联电阻变小，分压小，则Rx两端电压变小，故B错误；滑动变阻器滑片位于中间时，电阻RX与变阻器

17、的下半部分并联后再与上半部分串联，由于并联部分的电阻比变阻器上半部分电阻小，故滑动变阻器滑片向下移动时，串联部分电阻变大，并联电阻变小，分压小，则Rx两端电压变小，故Rx两端电压小于，故C正确；CD间改接为内阻为RX的电动机，由C知其电压小于，其又不是纯电阻电路，则其消耗的热功率小于，故D正确。所以CD正确，AB错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.720mm 29.8 【解析】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；【详解】解：螺旋测微器的

18、固定刻度读数为2.5mm，可动刻度读数为，所以最终读数为：；游标卡尺的主尺读数为，游标尺上第8个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为，所以最终读数为；故答案为：2.720mm，29.8。12、； 。 【解析】(1)1所给器材中没有电压表，可把电流表A1与定值电阻R串联改装成一个新的电压表，其量程为小灯泡的额定电压为3V，比较合适，画的电路图如下所示：(2)2电流表A1的示数I1150mA，可以求得灯泡两端电压为恰为额定电压，故灯泡额定功率的表达式为P。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)I=4A (2)P1=4W (3)P2=12W【解析】（1）小灯泡正常发光，说明外电压等于小灯泡的额定电压，根据闭合电路欧姆定律列式求解通过电源的电流I；（2）先根据求解小灯泡的电流，然后根据电路的串并联知识求解通过电动机的电流，再根据求解电动机的发热功率；（3）根据求解电动机的输出功率（1）由题意可知，路端电压为8V，故电源的内电压为：通过电源的电流为：（2）通过小灯泡的电流为：通过电动机的电流为：电动机的发热功率为：（3）电动机的输出功率为：14、（1）x=12cm；（2）（0,6）之间和x12cm的地方的