2023学年湖北省武汉为明学校物理高二上期中监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，电动势为E、内阻为r的电源与电阻R1、R2、R3、平行板电容器AB及电流表组成电路，滑动变阻器R1处于某位置时，A、B间的带电油滴静止不动，当滑动变阻器R1的触头向右滑动时，下列判断正确的是( )A电流表读数增大，油滴向上运动B电流表读数增大，油滴向下运动C电流表读数减小，油滴向上运动D电流表读数减小，油滴向下运动2、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线则（ ）A场强EaEb，EbEcB电势ab，cbC沿cba路径移动质子与电子，电荷的电势

3、能改变是一样的D沿bc方向直线射入的电子有可能做曲线运动3、一条形磁铁放在光滑的斜面上，并用一质量不计的弹簧连接在顶端的挡板上，磁铁静止时弹簧的伸长量为x0，将通有方向垂直纸面向外的直导线分别放在a、b、c位置时，弹簧的伸长量分别为xa、xb、xc，已知a、b、c三点的连线与斜面平行，且b点在条形磁铁的正中央。则下列正确的是( )Ax0 xaxbxcBx0 xaxbxcCxax0 xbxcDxaxbxcx04、如图所示，P、M、N三点在同一直线上，将一个带正电的点电荷置于P点，关于该电荷产生的电场，下列说法正确的是（ ）AM点的电场强度大于N点的电场强度BM、N两点的电场强度相等CM点的电势低

4、于N点的电势DM、N两点的电势相等5、关于电场线的的叙述不正确的是（ ）A沿着电场线的方向电场强度越来越小B在没有电荷的地方，任何两条电场线都不会相交C电场线是人们假设的，用以形象表示电场的强弱和方向，客观上并不存在D电场线是非闭合曲线，始于正电荷或无穷远，止于负电荷或无穷远6、电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻、及滑动变阻器R连接成如图所示的电路,当滑动变阻器的触头由a端滑向b端时,下列说法正确的是()A电压表和电流表读数都减小B电压表和电流表读数都增大C电压表读数增大,电流表读数减小D电压表读数减小,电流表读数增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项

5、中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，真空中有一匀强电场（图中未画出），电场方向与圆周在同一平面内，ABC是圆的内接直角三角形，BAC=63.5，O为圆心，半径R=5cm位于A处的粒子源向平面内各个方向发射初动能均为1eV、电荷量+e的粒子，有些粒子会经过圆周上不同的点，其中到达B点的粒子动能为12eV，达到C点的粒子电势能为4eV（取O点电势为零）忽略粒子的重力和粒子间的相互作用，sin53=0.1下列说法正确的是A圆周上A、C两点的电势差为16VB圆周上B、C两点的电势差为-4VC匀强电场的场强大小为100V/mD当某个粒子经过

6、圆周上某一位置时，可以具有6eV的电势能，且同时具有6eV的动能8、如图所示，用控制变量法可以研究影响平行板电容器电容的因素。设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为.实验中，极板所带电荷量不变，则（）A保持S不变，增大d，则变大B保持S不变，增大d，则变小C保持d不变，增大S，则变大D保持d不变，增大S，则变小9、如右图所示，一条电场线与Ox轴重合，取O点电势为零，Ox方向上各点的电势随x变化的情况如图乙所示，若在O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则()A电子一直沿Ox负方向运动B电场力一直做正功C电子运动的加速度不变D电子的电势能逐渐增大10、如图，A、B 两点分

7、别位于大、小轮的边缘上，C 点位于大轮半径的中点，大轮的半径是小轮半径的 2 倍，它们之间靠摩擦传动，接触面不打滑下列说法正确的是 （ ）AA 与 B 线速度大小相等BB 与 C 线速度大小相等CA 的角速度是 C 的 2 倍DA 与 C 角速度大小相等三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组设计如图所示的电路，测量电源电动势E和一个定值电阻Rx的阻值。实验室提供的器材有：待测电阻Rx(约100)，待测电源E(电动势约3V，内阻不计)，电压表V(量程03V，内阻约15k)，电阻箱R(阻值范围0999.9)，电键S，导线若干。

8、实验步骤如下：.闭合开关S，多次调节电阻箱，记下压表的示数U和电阻箱相应的阻值R；.以R为纵坐标，_为横坐标，作图线(用直线拟合)；.由图线得出直线与纵轴的交点坐标为a(a0)，与横轴的交点坐标为b(b0)。则定值电阻Rx=_，电源电动势E=_(用a、b表示)12（12分）下图各仪器的读数：（螺旋测微器）为_ mm，(量程为0.6A的电流表)为_ A四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在匀强电场中，将一电荷量为210-5C的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.001J，已知A、B两点间距离为4

9、cm，两点连线与电场方向成60角，求：A、B两点间的电势差UAB；该匀强电场的电场强度E14（16分）如图所示，变压器原线圈输入电压为220 V，副线圈输出电压为36 V，两只灯泡的额定电压均为36 V，L1额定功率为12 W，L2额定功率为6 W试求：(1)该变压器的原、副线圈的匝数比；(2)两灯均正常工作时原线圈中的电流以及只有L1工作时原线圈中的电流15（12分）如图所示，两平行光滑导轨相距为0.2m，处于一匀强磁场中.金属棒MN的质量为m=0.01，电阻R=8，水平放置在导轨上并与导轨接触良好.匀强磁场的磁感应强度B大小为0.8T，方向竖直向下.电源电动势E为10V，内阻r=1当开关S

10、闭合时，MN处于静止状态.(设=45，g = 10m/s2)求：（1）金属棒MN受到的安培力多大？（2）变阻器R1此时的电阻值为多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】当把R1的触头向右滑动时，R1增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，路端电压增大，则电流表读数减小，电容器两极板间的电压U增大。由分析可知，板间场强增大，油滴所受电场力增大，则油滴向上运动，故C正确，ABD错误。2、A【解析】A、根据电场线的疏密表示电场强度的相对大小，可知EaEbEc故A正确；B、沿着电场线方向电势是降低的，同一等势面上

11、各点的电势相等，则知cb=a故B错误；C、沿cba路径移动质子与电子，根据公式W=qU，知由于电子与质子的电性相反，电场力对质子做正功，对电子做负功，则质子的电势能减小，电子的电势能增大，故C错误；D、沿bc方向直线射入的电子，所受的电场力沿cb方向，电子做直线运动故D错误；故选A3、C【解析】未放通电导线时，对条形磁铁，根据平衡条件和胡克定律有 mgsin=kx1通电导线放在a点时，根据左手定则，知通电导线所受的安培力F斜向右下方，则电流产生的磁场对磁铁产生的作用力F斜向左上方，弹簧的弹力大于mgsin，根据胡克定律知弹簧伸长量xax1。通电导线放在b点时，通电导线所受的安培力垂直斜面向下，

12、则电流产生的磁场对磁铁产生的作用力垂直向下，弹簧的弹力仍等于mgsin，则xb=x1。同理，通电导线放在c点时，弹簧的弹力小于mgsin，根据胡克定律知弹簧伸长量xcx1。综上有 xax1=xbxc。故选：C。【点睛】解决本题的关键是掌握左手定则，并判断出安培力的方向，根据牛顿第三定律结合共点力平衡判断支持力和弹簧弹力的变化4、A【解析】AB结合正点电荷的电场线与等势面的特点可知，离点电荷越近电场强度越大，所以M点的电场强度大于N点的电场强度，故A正确，B错误；CD沿电场线的方向电势降低，由于电场线从正电荷出发到负电荷，所以M点的电势高于N点的电势，故C错误，D错误。5、A【解析】解： 沿着电

13、场线的方向电势越来越低,电场强度要看电场线的疏密,切忌混淆，其他均正确，所以A错误6、B【解析】首先认识电路的连接关系：与R并联后与串联,电压表测路端电压，电流表测量流过的电流；滑片向b端移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则由闭合电路的欧姆定律可知电路中干路电流的变化及路端电压的变化；再分析并联电路可得出电流表示数的变化。本题中也可直接作为内电阻处理，可直接由闭合电路欧姆定律得出并联部分的电压增大，流过的电流增大。【详解】当滑片向b滑动时，R接入电阻增大，总电阻增大；由闭合电路的欧姆定律可知电路中总电流减小，则内电压减小，由可知路端电压增大，即电压表示数增大；因路端电压增大，两端的电压减小,故并

14、联部分电压增大，由欧姆定律可知电流表示数增大，故B正确，ACD错误。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】C点的电势：则UOC=O-C=0-（-4）=4V根据匀强电场的特点可知：UAO=UOC=4V则：A=O+UAC=4V粒子在A点的动能是1eV，在B点的动能是12eV，根据动能定理得：WAB=EKB-EKA=12-1=4eV所以：，选项A错误；B=A-UAB=4-4=0V，则UBC=B-C=0-（-4）=4V故B正确；由于B点的电势等于O点的电势等

15、于0，所以O与B是等势点，连接OB，则OB为匀强电场的等势面，过A点做OB的垂线交OB与D点，则AD的方向就是该电场的场强方向，如图：O点是圆心，由几何关系可知：ABO=BAC=63.5所以：AOB=110-ABO-BAC=110-63.5-63.5=53所以：Rsin530.050.10.04m由于OBD是等势面，所以：故C正确A点的电势为4V，所以粒子在A点的电势能：EPA=eA=4eV，粒子的总能量：E=EKA+EPA=1+4=12eV，所以当某个粒子经过圆周上某一位置时，若具有6eV的电势能，则同时具有6eV的动能故D正确；故选BCD.点睛：该题考查粒子在匀强电场中的运动问题，解答本题

16、关键是先求出C点的电势，然后正确判断出AB的电势，判断出B点的电势与O点的电势相等然后从电场力做功公式W=qEd，判断出电场线的方向，并运用这个公式求解电场力做功，要理解这个公式中d是两点沿电场线方向的距离8、AD【解析】A、B、根据电容的决定式得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角变大；故A正确，B错误.C、D、根据电容的决定式得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，增大S时，电容增大，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式分析可知板间电势差减小，静电计指针的偏角变小；故C错

17、误，D正确.故选AD.【点睛】本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是掌握电容的两个公式：电容的决定式C=S4kd和C=QU.9、BC【解析】由电势位移图象可知，电势随位移均匀增加，相同位移间的电势差相同，电场强度恒定，电子运动的加速度恒定，C正确沿Ox轴方向电势增大，电场线方向与Ox轴负方向重合，电子沿Ox轴正方向运动，A不正确电场力方向也沿Ox轴正方向，电场力做正功，B正确由功能关系，电场力做正功，电势能减少，D不正确10、AD【解析】A靠摩擦传动做匀速转动的大、小两轮接触面互不打滑，知A、B两点具有相同的线速度，故A正确；BC点A和点B具有相同的线速度大小，又

18、因为A、C具有相同的角速度，根据可知B点的线速度大于C点的线速度，故B错误；C点A和点C是同轴传动，角速度相等，故C错误，D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 a 【解析】.由闭合电路欧姆定律可知：变形可得：，以R为纵坐标，位列得出直线应以为横坐标；.由可知，图象的纵截距：，图象的斜率的绝对值：，解得：定值电阻，.12、2.150 0.42 【解析】螺旋测微器读数为：2mm+0.01mm15.0=2.150mm；量程为0.6A的电流表最小刻度为0.02A，则读数为：0.42 A；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）50V（2）2500V/m【解析】(1) 由题，电势能增加多少，电场力做负功多少。由U=Wq求解电势差；(2) 由U=Ed=EABcos60可求解电场强度E。【详解】(1) 将一电荷量为210-5C的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.001J，则电场力做负功0.001J，则A、B两点间的电势差：UAB=WABq=-0.001-210-5V=50V；(2) 强电场的电场强度E=Udcos600=500.040.5Vm=2500Vm。【点睛】本题考查电场力做功与电势能变化的关