陕西省商洛市2023学年物理高二上期中学业水平测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一圆心为O、半径为R的圆中有两条互相垂直的直径AC和BD，电荷量分别为+ Q、-Q的点电荷放在圆周上，它们的位置关系关于AC对称，+Q与O点的连线和OC间夹角

2、为60。两个点电荷的连线与 AC的交点为P，取无穷远电势为零，则下列说法正确的是（）AP点的场强为0，电势也为0BA点电势低于C点电势C点电荷+q沿直线从A到C的过程中电势能先减小后增大D点电荷-q在B点具有的电势能小于在D点具有的电势能2、在图示的电路中，电源的电动势是E，内电阻是r，当滑动变阻器R3的滑动头向左移动时 A电阻R1的功率将加大B电阻R2的功率将减小C电源的功率将加大D电源的效率将增加3、如图所示为质点做匀变速曲线运动轨迹的示意图，且质点运动到D点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，则质点从A点运动到E点的过程中，下列说法中正确的是（）A质点经过C点的速率比D点的大B质点经过A

3、点时的加速度方向与速度方向的夹角小于90C质点经过D点时的加速度比B点的大D质点从B到E的过程中加速度方向与速度方向的夹角先增大后减小4、如图所示，先接通开关S使电容器充电，然后断开S，减小两极板间的距离时，电容器所带电量Q、电容C、两极板间电势差U的变化情况是（ ）AQ不变，C变大，U变小BQ不变，C变小，U变大CQ变小，C变小，U不变DQ变大，C不变，U不变5、将一个Rg=10，Ig=3mA的表头改装成一个量程为3V的电压表，正确的操作应该是（ ）A加一节电池B加两节电池C串联一个990欧姆的电阻D并联一个990欧姆的电阻6、如图所示，在光滑绝缘的水平面上固定着完全相同的三个带电小球a，b

4、，c三球在一条直线上，若释放a球，a球初始加速度为3m/s1（向右为正）若释放c球，c球初始加速度为4m/s1当释放b球时，b球的初始加速度大小是（）A1m/s1B1m/s1C3m/s1D4m/s1二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图1所示，密闭在真空中的平行板电容器A极板接地B极板上的电势如图2所示，一质量为m、电荷量为q的微粒在两极板中央由静止释放，极板足够长，则下列说法正确的是A如果微粒带正电，从t2s时开始释放一定不能运动到A极板B如果微粒带负电，从t6s

5、时开始释放可能运动到B极板上C不论微粒带正电还是负电，撞击极板前竖直方向均为自由落体运动D如果微粒带负电，从t2s开始释放没有撞击到极板，那么将A、B两极板分别向左、向右移动相等的距离后，重新将带电微粒在t2s时从极板中央由静止释放，一定不会撞击到极板8、如下图所示，在光滑绝缘水平面上，有两个质量相等、带有同种电荷的小球A和B，它们所带电荷量不相等，彼此相隔一定距离现在给A球一个沿A、B球心连线水平向右的初速度v0，同时将B球由静止释放若在此后的运动中两小球始终未相碰，则两小球在运动过程中（ ）A任一时刻加速度的大小一定不相等B任一时刻加速度的大小一定相等C相距最近时，它们的速度相等D相距最近

6、时，它们的速度不相等9、如图所示，直线I、II分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流的变化的特性图线，曲线是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡分别与电源1、电源2单独连接，则下列说法正确的是A电源1与电源2的内阻之比是117B电源1与电源2的电动势之比是11C在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是12D在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1210、如图所示，虚线框MNQP内存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里a、b、c是三个质量和电荷量都相等的带电粒子，它们从PQ边上的中点沿垂直于磁场的方向射入磁场，图中画出了它们在磁场中的运动轨迹若不计粒子所受重力，则A粒子a带负电，粒子b、c带

7、正电B粒子c在磁场中运动的时间最长C粒子c在磁场中的动能最大D粒子c在磁场中的加速度最小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）利用如图所示的电路测定一节干电池的电动势和内电阻，要求尽量减小实验误差供选择的器材有：A电流表A（00.6A） B电压表V1（03V）C电压表V2（015V） D滑动变阻器R1（020）E滑动变阻器R2（0200） G定值电阻H开关一个，导线若干（1）实验中电压表应选用_，滑动变阻器应选用_（选填相应器材前的字母）（2）闭合开关，电压表和电流表均有示数，但是无论怎么移动滑动变阻器的滑片，电压表的读数变化都非常

8、小同学们讨论后，在原电路的基础上又加了一个定值电阻，问题得到解决请你在虚线框内画出改进后的电路图_（3）改进电路图以后，某位同学记录了6组数据，对应的点已经标在坐标纸上在坐标纸上画出图线_，并根据所画图线可得出干电池的电动势_V，内电阻_（结果小数点后保留两位有效数字）12（12分）在学习了串并联的基本规律后，我们可以把一个最大量程为的电流计，分别改装成电压表和更有大量程的电流表（1）若已知该电流计的内阻为，为了改装成最大量程为的电压表，需_联（填“串”或“并”）一个_的电阻 (2)如图所示，虚线框内是用该电流计改装成的多量程电流表，、为改装后新电流的接线柱，为负极接线柱，为大量程接线柱、为小

9、量程接线柱已知为电流计内阻，若、，那么选择、接线柱时，新电流表的量程为_；选择、接线柱时，新电流表的量程为_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，某空间存在水平向右的匀强电场，现将一套有小球的细直杆放入匀强电场中，小球孔径略大于细杆直径，杆足够长，如图所示，小球的质量为1kg，带电量为210-4C，球与杆间的滑动摩擦因数为0.1（取g10m/s2）（1）当杆在水平方向上固定时（如图虚线所示），调节电场强度的大小，使电场强度E为2104N/C，求此时小球受到的摩擦力f1的大小（2）若调节细杆使杆与水平

10、方向间夹角为37并固定（如图实线所示），调节电场强度的大小，使E为2101N/C，求小球从静止出发在细杆上2秒内通过位移的大小(sin37=0.6，cos37=0.8)（3）当电场强度为零时，调节细杆与水平方向之间的夹角（090），然后固定，使小球从杆的底端以速率v0沿杆上滑试通过计算、分析，说明在不同的夹角情况下，小球在杆上可能的运动情况14（16分）一束电子流在U1=500V的电压作用下得到一定速度后垂直于平行板间的匀强电场飞入两板间的中央，如图所示若平行板间的距离d=1cm，板长l=5cm，问至少在平行板上加多大电压U2才能使电子不再飞出平行板？15（12分）如图所示，匀强电场的方向跟竖

11、直方向成a角在电场中有一质量为m、带电量为q的摆球，当摆线水平时，摆球处于静止求：（1）摆线拉力的大小；（2）当剪断摆线后，球的运动情况是怎样的?（3）剪断摆线后经过时间t，电场力对球做的功是多少?参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A+Q在P点产生的场强方向向右，-Q在P点产生的场强方向也向右，根据叠加原理可知P点的场强不为0 ，故A错误；BAC连线是等量异种点电荷电场中一条等势线，故AC两点的电势相等，故B错误；CAC连线是等量异种点电荷电场中一条等势线，点电荷+q从A到C的过程中电势能不变。故C错误

12、；D根据顺着电场线方向电势降低，结合电场线的分布情况可知，B点的电势高于D点电势， 由电势能公式分析可知，点电荷-q在B点的电势能小于在D点具有的电势能。故D正确。故选D。2、C【解析】由电路图可知。R2、R3串联后与R1并联接到电源上，当滑动变阻器R3的滑片P向左移动时，R3阻值变小，总电阻变小，总电流变大，根据P=EI可知，电源的功率增大，故C正确，电源内阻所占电压变大，并联部分电压减小，即R1两端的电压减小，根据P1=U2/R1，可知，电阻R1的功率将减小，故A正确；根据IU/R可知，通过R1的电流减小，而总电流增大，所以通过R2的电流增大，根据P=I2R可知，电阻R2的功率将增大，故B

13、错误；电源的效率=I2RI2(r+R)=11+rR，电源内阻r不变，滑动变阻器阻值R减小，则电源效率减小，故D错误。故选C。【点睛】本题是一道动态分析题，分析清楚电路结构是正确解题的关键，熟练应用串联电路特点及欧姆定律即可正确解题3、A【解析】A由题意，质点运动到D点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，速度沿D点轨迹的切线方向，则知加速度斜向左上方，合外力也斜向左上方，质点做匀变速曲线运动，合外力恒定不变，质点由C到D过程中，合外力做负功，由动能定理可得，C点的速度比D点速度大，故A正确；B质点运动到D点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直，速度沿轨迹的切线方向，加速度指向轨迹的内侧，则有A、B

14、、C三点速度与加速度方向夹角均大于90，故B错误；C质点做匀变速曲线运动，则有加速度不变，所以质点经过D点时的加速度与B点相同，故C错误；D质点从B到E的过程中加速度方向与速度方向的夹角一直减小，故D错误。故选A。4、A【解析】电容器与电源断开，电量Q保持不变，减小两极板间距离时，根据，知电容C变大，根据知两极板间的电势差U变小，故A正确，BCD错误故选：A。5、C【解析】把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，根据串联电路的特点，则有：U=IgRg+Rx，解得：Rx=UIg-Rg=3310-3-10=990，C正确，故选C.6、A【解析】把a，b，c看成一个系统，三个小球之间的相互作用力为内力

15、根据牛顿第三定律，每两个球之间存在一对作用力和反作用力，其大小相等，方向相反这样系统内力之和为零，外力之和为零设三个小球所受的合力分别为F1、F1、F3，则有：F1=ma1，F1=ma1，F3=ma3F1+F1+F3=m（a1+a1+a3）=0所以B球的加速为a1=（a1+a3）=（3+4）=1m/s1负号表示方向向左A. 1m/s1与分析相符，故A正确B. 1m/s1与分析不符，故B错误C. 3m/s1与分析不符，故C错误D. 4m/s1与分析不符，故D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的

16、得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】如果微粒带正电，从t2s时开始释放，则水平方向，2-4s时粒子先向左做匀加速运动，4-6s时粒子向左做匀减速运动，以后重复上述运动，则此时若粒子在竖直方向没到达极板底端，则粒子一定能运动到A极板，选项A错误；如果微粒带负电，从t6s时开始释放，则水平方向，6-8s时粒子先向左做匀加速运动8-10s时粒子向左做匀减速运动，以后重复上述运动，则此时若粒子在竖直方向没到达极板底端，粒子能运动到A极板，不可能运动到B极板上，选项B错误；不论微粒带正电还是负电，撞击极板前粒子在竖直方向只受重力作用，即在竖直方向均为自由落体运动，选项C正确；如果微粒带负电，从t2s

17、开始释放，则粒子向右先加速，后减速，若没有撞击到极板，说明粒子在竖直方向的位移已经超过极板底端；若那么将A、B两极板分别向左、向右移动相等的距离后，重新将带电微粒在t2s时从极板中央由静止释放，粒子在水平方向的运动情况不变，当运动时间变长，可知在竖直方向的位移变大，更应超过极板的底端，则粒子一定不会撞击到极板，选项D正确；故选CD.【点睛】此题关键要搞清粒子在水平方向即竖直方向的受力情况，分析两个方向的分运动情况，尤其是水平方向在周期性电场中的运动情况，并关联竖直方向的自由落体运动.8、BC【解析】两小球所受的合力均为两者之间的库仑力，因库仑力是相互作用力，可知两球之间的静电斥力在任意时刻都是

18、大小相等，方向相反，则根据牛顿第二定律得小球AB的加速度大小相等，方向相反故A错误，B正确因A做减速运动，B做加速运动，当速度相等时，距离最近，故D错误，C正确故选BC9、ABC【解析】A根据电源的路端电压随输出电流的变化的特性图线斜率的绝对值表示电源内阻可知，电源1与电源2的内阻之比是117，选项A正确；B根据电源的路端电压随输出电流的变化的特性图线在纵轴的截距表示电源电动势可知，电源1与电源2的电动势之比是11，选项B正确；C根据曲线交点表示工作点，交点的纵、横坐标的乘积表示电源输出功率，在这两种连接状态下，由可知，小灯泡消耗的功率之比是12，选项C正确；D根据曲线交点的纵、横坐标的比值表

19、示小灯泡电阻，在这两种连接状态下，由可知，小灯泡的电阻之比是1825，选项D错误；故选ABC。10、BD【解析】根据左手定则知粒子a带正电，粒子b、c带负电，故A错误；粒子在磁场中做圆周运动的周期：相同，粒子在磁场中的运动时间：，由于m、q、B都相同，粒子c转过的圆心角最大，则射入磁场时c的运动时间最大，故B正确；粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：，粒子的动能，由于：q、B、m都相同，因此r越大，粒子动能越大，由图示可知，b的轨道半径r最大，则b粒子动能最大，故C错误；由牛顿第二定律得：，解得加速度：，三粒子q、B、m都相等，c在磁场中运动的半径最小

20、，c的加速度最小，故D正确所以BD正确，AC错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B D 1.48 1.6 【解析】(1)12一节干电池电动势约为1.5V，则电压表应选B；因内阻较小，故为方便实验操作，滑动变阻器应选D；(2)3无论怎么移动滑动变阻器的滑片，电压表的读数变化都非常小，则说明内阻较小，故为了增大等效内阻，只需将一定值电阻与电源串联即可；故原理图如图所示:(3)4 图线如下图所示：56根据闭合电路欧姆定律可知：U=E-Ir，则由图象可知，电动势：E=1.48V，则阻。12、串联 200 800 【解析】（1）改装成电压表需

21、要串联一个分压电阻，串联的电阻为： （2）设选择A、C接线柱时，新电流表的量程为I1；选择A、B接线柱时，新电流表的量程为I2，则由串并联电路的特点可知： ；联立解得：I1=200A；I2=800A.【点睛】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，明确电路的连接方式和知道电流表的满偏电流不变是关键.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）f14N （2）s20m（3）当mgsinmgcos，即arctan时，小球沿杆匀减速上滑至停止【解析】小球在水平方向上受电场力与滑动摩擦力作用而静止，由平衡条件可以摩擦力；对小球进行受力分析，受重力、电场力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律求出加速度，有运动学的公式求出位移；结合它们的条件与最大静摩擦力的关系等分析即可【详解】（1）当杆在水平方向固定时，小球受到的最大静摩擦力为fmax=N=mg=0.110=1N ，当电场强度E为2104N/C时，所受的电场力为：，由于