北京市延庆区2023学年物理高二第一学期期中联考模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，物体的质量，在的水平面上向右运动在运动过程中它还受到一个水平向左大小为10N的力

2、F，则物体受到的摩擦力是A方向水平向左，大小为20NB方向水平向右，大小为10NC方向水平向左，大小为10ND方向水平向右，大小为20N2、如图所示是一个电路的一部分，其中，那么电流表测得电流为（）A，向右B，向左C，向左D，向右。3、以下说法正确的是（ ）A物体通常呈现电中性，是因为物体没有电荷B使物体带电的本质是电荷的转移C任何带电球体，都可以看作电荷全部集中于球心的点电荷D库仑定律适用于任何带电体4、两电荷量分别为q1和q2的点电荷固定在x轴上的A、B两点，两电荷连线上各点电势随x变化的关系图线如图所示，其中P点电势最高，且APL，IJ平行于ef，磁场垂直斜面向上，磁感应强度B=1T。现

3、用一大小F=5N、方向沿斜面向上且垂直于ab的恒力作用在ab中点，使线框沿斜面向上运动，ab进入磁场时线框恰好做匀速运动。若不计导线粗细，重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。求：（1）ab进入磁场前线框运动的加速度大小a。（2）cd在磁场中运动时，物体克服安培力做功的功率P。（3）线框从开始运动到ef恰好穿出磁场的过程中，线框中产生的焦耳热与外力F做功的比值。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：因为物体向右运动，故物体受到向左的摩擦力，由f=，得摩擦力f=1112

4、11N=21N，摩擦力的方向与物体相对地面的运动方向相反，与物体上所受的其他力无关，故选项A正确考点：滑动摩擦力的大小与方向2、C【解析】由可得，R1和R2两端的电压分别为：U1=I1R1=0.20A5=1VU2=I2R2=0.10A1=0.1VR1左端与R2的左端电位相等，U1U2，则R2右端的电位高于R1右端的电位，R3两端的电压U3=U1-U2=1V-0.1V=0.9V通过R3的电流R3下端电位高，上端电位低，电流方向由下向上，设电流表的示数为IA，对于电流表左端的节点，流入节点的电流等于流出节点的电流，即IA+I2=I3电流表的示数IA=I3-I2=0.3A-0.1A=0.2A方向向左

5、。故选C。3、B【解析】A、通常呈现电中性，是因为物体没有多余电荷，即为正负处于中和状态，故A错误；B、使物体带电的本质是电荷的转移，故B正确；C、当带电球体间距远大于自身大小时，才可以看作电荷全部集中于球心的点电荷，故C错误；D、库仑定律适用于真空中的点电荷，故D错误4、B【解析】在-x图线切线斜率为场强的大小，从P点到B点斜率越来越大，故场强越来越大。故A错误；在P点，-x图线切线斜率为零，则P点的电场强度大小为零，说明q1和q2两点电荷在P点产生的场强大小相等，方向相反，由公式E=kQr2，APBP，则q1的电荷量小于q2的电荷量，故B正确；A到P的电势升高，从P到B电势降低，则电场线方

6、向P到A，再从P到B，则q1和q2是同种电荷，一定是负电荷。故C错误；负电荷从P点左侧移到P点右侧，电场力先做正功，后做负功，电势能先减小后增大，故D错误。故选B。5、C【解析】地球同步卫星周期等于地球自转周期，为24h。设卫星轨道半径为r，运转周期为T，线速度，地球质量M，由高空卫星所受万有引力提供向心力可得：所以地球卫星高度越大周期越长，速度越小。A d是高空探测卫星，d的高度大于c的高度，故d的周期应大于c的周期24小时。所以d周期23h错误，故A错误；B c是地球同步卫星，故c在4h内转过的圆心角是 故B错误。Cb、c、d是已发射地球卫星，b的高度最小周期最小速率最大，所以b在相同时间

7、内转过的弧长最长，故C正确；Da在地球表面还未发射，设a的质量为，在地球赤道随地球自转的向心加速度为，由牛顿第二定律得故D错误；故选C。【点睛】地球同步卫星周期等于地球自转周期。地球卫星高度越大周期越长，速度越小。6、D【解析】A：电势的正负表示电势的高低，由图得x1处的电势(正)比-x1的电势(负)高，故A错误B：，沿x轴分布的电场，电势随x的图象的切线斜率绝对值表示场强大小，则x1点的电场强度比x3点电场强度大；故B错误C：沿x轴从x1点移动到-x1点，电势降低，据，可知正电荷电势能减小；故C错误D：沿x轴从x1点移动到x3点，电势先增大后减小，据，可知负电荷电势能先减小再增大，则电场力先

8、做正功再做负功故D正确点睛：顺着电场线电势降低，电势降低最快的方向就是场强方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】A项：若电场强度的方向可能垂直于斜面向上，物体受重力，电场力，支持力三力作用不可能平衡，故A错误；B项：若物体对斜面压力为零时，物体只受重力，电场力二力平衡，根据,可得，故B正确；C项：若电场方向水平，物体受重力，电场力，支持力三力作用平衡，根据，可知，故C正确；D项：电场强度最小即电场力最小，当电场力沿斜面向上时，电场力最小，即,可知，故D

9、正确点晴：判断物体运动的状态，关键是分析受力情况，确定合力是否为零或合力与速度方向的关系8、AD【解析】AB、磁场的方向向里，正电荷运动的方向与电流的方向是相同的，方向向右，由左手定则可知，正电荷受到的洛伦兹力的方向平行于纸面向上故A正确，B错误CD、磁场的方向向里，负电荷运动的方向与电流的方向是相反的，所以负电荷的等效电流方向向左，由左手定则可知，负电荷受到的洛伦兹力的方向平行于纸面向下故C错误，D正确故选AD9、ABC【解析】A分析图象可知试探电荷在M点电势能为零，由电势能公式可知解得，故A正确；B该过程中只有电场力（重力忽略不计）做功，电势能和动能之和不变，试探电荷在N点时电势能为最小，

10、则动能最大，速度最大，加速度为零，电场力为零，说明N点场强为零，故B正确；C设Q2到N点的距离为，Q1到N点距离为，N点场为零，由点电荷场强公式可得因，可知Q2电荷量小于Q1的电荷量，故C正确；D由图象分析可知试探电荷从N点运动到M点的过程中，电势能增大，说明电场力做负功，故D错误。故选ABC。10、BCD【解析】A根据动量定理，物体所受合外力的冲量越大，它的动量变化也越大，选项A错误；B根据动量定理，物体所受合外力的冲量不为零，它的动量一定要改变，选项B正确；C根据动量定理，物体的动量增量的方向，就是它所受合外力的冲量的方向，选项C正确；D根据动量定理，则物体所受的合外力越大，它的动量变化越

11、快，选项D正确。故选BCD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 A【解析】（1）灯泡的额定电压为2.5V，额定电流是0.5A，所以电压表应选择，电流表应选择 ，因本实验必须采用分压接法，故滑动变阻器应选择总阻值较小的；（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压、电流要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压式接法，灯泡的电阻约为，远小于电压表内阻，电流表采用外接法误差较小,选图A所示实验电路【点睛】根据灯泡的额定电压和额定电流确定电表的量程，从减小误差角度和可操作性角度确定滑动变阻器测量灯泡的伏安特性曲线，电流、电压需从零开始测起，则滑动变阻器采用分

12、压式接法，根据灯泡的电阻大小确定电流表的内外接法；12、（1）50.15 （2）4.700 （3）120 （4）D 【解析】（1）由图示游标卡尺可知，其示数为：50mm+30.05mm=50.15mm；（2）由图示螺旋测微器可知，其示数为：4.5mm+20.00.01mm=4.700mm；（3）用多用电表的电阻“10”挡粗测电阻，由图丙所示表盘可知，该电阻的阻值约为1210=120（4）电源电动势为4V，电压表应选V1，电路最大电流约为：I=UR=3120A=0.025A=25mA ，电流表应选A2，为方便实验操作，滑动变阻器应选R1，待测电阻阻值大于滑动变阻器最大阻值，滑动变阻器采用分压接法

13、，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表采用外接法，故选D点睛：本题考查了游标卡尺、螺旋测微器与欧姆表的读数，考查了实验器材的选择、设计实验电路图；应根据电源电动势大小或待测电阻的额定电压来选择电压表量程，根据通过待测电阻的最大电流来选择电流表的量程；当待测电阻阻值远小于电压表内阻时，电流表应选外接法；当滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻值时或要求电流从零调时，滑动变阻器应用分压式；当实验要求电流从零调或要求测得多组数据或变阻器的全电阻远小于待测电阻时，变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、

14、方程式和演算步骤。13、 (1) ，沿PC方向(2) ，沿PC方向【解析】(1)点电荷A在C处产生场强：，沿AC方向，同理，点电荷B在C处产生的场强：，沿BC方向，根据矢量叠加原理得合场强：沿PC方向，电荷C受到的静电力为：沿PC方向。(2)将A、B移到P点，C受到的静电力为：沿PC方向。14、 (1)小球带正电荷， (2) (3)【解析】(1)小球静止，受三个力：重力mg，水平向左电场力F=qE，绳子拉FT 可知：小球带正电，由平衡条件得： qE=mgtan37 得：(2)小球从水平位置摆动到最低点的过程中，由动能定理有：得：小球在最低点，由动力学规律有：得：(3)小球竖直落地瞬间，水平方向上的速度为0，水平加速度大小为：则空中运动时间：竖直方向上自由落体：15、（1）2m/s2（2）2.4W （3）5/49【解析】（1）ab进入磁场前，线框做匀加速运动，所受的摩擦力大小为：f=mgcos=0.250.510cos37N=1N，由牛顿第二定律有：F-mgsin-f=ma代入数据解得： （2）由于线框穿越磁场的过程中有且仅有一条边切割磁感线，等效电路也相同，所以线框一直做匀速运动，设速度大小为v，由力的平衡条件有：F=mgs