2023学年河南省安阳第三十六中学高二物理第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，电容器耐压值足够大，二极管为理想二极管闭合开关s，电路稳定之后又断开开关，以下说法正确的是A刚闭合开关时，R1和R2中都有电流B电路稳定时，有恒定的电流流过R0C电路稳

2、定时，电容器板间电压等于电源电动势D将开关S断开时，电容器放电2、图为多用电表欧姆挡的原理示意图，其中电流表的满偏电流为300 A，内阻Rg100 ，调零电阻的最大值R050 k，电池电动势E1.5 V，两表笔短接调零后，用它测量电阻Rx，当电流计指针指在满刻度的时，则Rx的阻值是（ ）A1kB10 kC100 kD100 3、如图所示装置，电源的电动势为E=8V，内阻 r1=0.5，两光滑金属导轨平行放置，间距为d=0.2m，导体棒 ab用等长绝缘细线悬挂并刚好与导轨接触，ab左侧为水平直轨道，右侧为半径R=0.2m的竖直圆弧导轨，圆心恰好为细线悬挂点，整个装置处于竖直向下的、磁感应强度为B

3、=0.5T 的匀强磁场中。闭合开关后，导体棒沿圆弧运动，已知导体棒的质量为m=0.06kg，电阻r2=0.5，不考虑运动过程中产生的反电动势，则（ ）A导体棒ab所受的安培力方向始终与运动方向一致B导体棒在摆动过程中所受安培力F=8NC导体棒摆动过程中的最大动能0.8JD导体棒ab速度最大时，细线与竖直方向的夹角=4、图示为 A、B两质点的速度图象，其加速度分别为aA、aB，在零时刻的速度分别为vA、vB那么，下列判断正确的是（ ）AvAvBBvAvBCaAaBDaAaB5、某一电容器中所带电量和两端电压之间的关系图线如图所示，如果该电容器两端的电压从40V降低到36V，电容器的电量减少了（）

4、A0.02CB0.08CC0.16CD0.20C6、不带电的玻璃棒与丝绸，相互摩擦后都带上了电，如图所示。其原因是（ ）A丝绸创造了负电荷B玻璃棒创造了正电荷C玻璃棒上有些电子转移到丝绸上D丝绸上有些电子转移到玻璃棒上二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体电阻为R1，则下列说法正确的是AR1R2B图线的斜率代表导体的电阻C将R1与R2串联后接于电源上，则电流I1I2D将R1与R2并联后接于电源上，则电流I1I28、如

5、图所示，I为电流表示数，U为电压表示数，P为定值电阻R2消耗的功率，Q为电容器C所带的电荷量，W为电源通过电荷量q时电源做的功当变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中，下列图象能正确反映各物理量关系的是（ ）ABCD9、已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，若绕地球做匀速圆周运动的空间站离地面的高度也等于R，则()A空间站的运行速度为B空间站的加速度为C空间站的周期为D空间站里的人和物都处于完全失重状态，没有重力10、如图所示，一个充好电与电源断开的竖直放置的平行板电容器，左极板带负电，右极板带正电，板间电场可视为匀强电场。一个质量为m、带电量为 -q的油滴，从O点以速度v射入板间，v的方向与

6、水平方向成角，油滴到达运动轨迹的最高点N（图中未标出）时，速度大小又为v，并恰好打在电容器的极板上，重力加速度为g，则以下说法中正确的是A板间的场强大小为B最高点N与O点的电势差为C如果两板间距离变小，O点到右板的距离不变，则最高点N 的位置变低D如果两板间距离变小，O点到右板的距离不变，则最高点N的位置变高三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分） 用螺旋测微器测圆柱体的直径时，示数如下图所示，此示数为_mm.用多用表测量某元件的电阻，选用“100”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转角度过大，因此需选择_倍率的电阻 挡 ( 填 “1

7、0” 或 “1k”) ， 并需_后，再次进行测量.12（12分）如图所示，是探究向心力的大小F与质量m、角速度和半径r之间的关系的实验装置转动手柄，可使塔轮、长槽和短槽随之匀速转动塔轮至上而下有三层，每层左右半径比分别是1：1、2：1和3：1左右塔轮通过皮带连接，并可通过改变皮带所处的层来改变左右塔轮的角速度之比实验时，将两个小球分别放在短槽C处和长槽的A（或B）处，A、C到塔轮中心的距离相等两个小球随塔轮做匀速圆周运动，向心力大小可由塔轮中心标尺露出的等分格的格数读出 （1）在该实验中应用了 _来探究向心力的大小与质量m、角速度和半径r之间的关系 A理想实验法 B控制变量法 C等效替代法（2

8、）用两个质量相等的小球放在A、C位置，匀速转动时，左边标尺露出1格，右边标尺露出4格，则皮带连接的左右塔轮半径之比为 _四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示电路中，电阻R1=8，电动机绕组电阻R0=2，当开关S断开时，电阻R1消耗的电功率是2.88W；当开关S闭合时电阻R1消耗的电功率是2W若电源的电动势为6V，求：(1)电源的内阻；(2)开关S闭合时，电动机输出的机械功率14（16分）如图所示，在方向水平的匀强电场中，一不可伸长的不导电的细线的一端连接着一个质量为m的带电小球，另一端固定在O点，把

9、小球拉起至细线与场强平行，然后无初速度释放，小球摆动到最低点的另一侧，线与竖直方向的最大夹角为，求小球经过最低点时细线对小球的拉力。15（12分）在电场中某点放入一正点电荷，电量为q1=1.010-10C,受到的电场力F=1.810-5N，方向向东。求：（1）电场中该点的场强大小和方向。（2）若在该点放入另一负点电荷，电量为q2=-2.010-10C，求q2受到的电场力大小和方向。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A由图可知刚闭合开关时，电流逐渐增大，电容器处于充电过程，R2有从左左往右的电流流过，而由

10、于二极管单向导电，电流不能从左往右流过，故R1没有电流流过，故A错误.BC电路稳定时电容器不能通过恒定电流，二极管也不能通过电流，故相当于电路断开，R0没有电流流过，此时电容器两端的电压等于电源电动势，故B错误，C正确.D开关断开后，因为电容器左极板带正电，如果放电，放电电流也要从左往右经过二极管，而二极管不能从左往右经过电流，故D错误.2、B【解析】由闭合电路欧姆定律可知，当两表笔短接，电流表满偏时：，解得R内=5 k；当偏转1/3时，；两式联立解得：Rx=10 k；故选B【点睛】本题关键明确欧姆表的内部结构，能根据欧姆表的使用方法结合闭合电路的欧姆定律列方程；知道中值电阻等于欧姆表内电阻3

11、、D【解析】A.当闭合开关S后，导体棒中电流方向始终从a到b，所受安培力方向向右，而导体棒沿圆弧摆动，故A错误；B. 导体棒沿圆弧摆动过程中的电流I=A=8.0 A导体棒受到的安培力F=BId=0.58.00.2 N=0.8 N故B错误；CD.导体棒受到的重力与安培力的合力大小F合=N=1.0 N合力与竖直方向的夹角=53故导体棒ab速度最大时，细线与竖直方向的夹角=53，由动能定理，导体棒在摆动过程中的最大动能Ekm=FR-mgR(1cos 53)=0.08 J故C错误，D正确。4、C【解析】由图象可知，A的初速度大于B的初速度，即vAvBA的斜率大于B的斜率，则aAaB故C正确，A、B、D

12、错误故选C5、A【解析】根据图像的斜率表示电容器的电容，有则该电容器两端的电压从40V降低到36V，电量的减少量为故A正确，BCD错误。故选A。6、C【解析】不带电的玻璃棒与丝绸，相互摩擦后玻璃棒带正电，丝绸带负电，是因为玻璃棒上有些电子转移到丝绸上，玻璃棒由于缺少电子带正电，丝绸由于多余电子带负电，故选C.【点睛】此题关键是知道摩擦起电的原因是电子的转移，而不是创造了电荷.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】AB.根据IU图象知,，图线的斜率表示电阻的倒

13、数，所以R1I2，故D正确。8、AB【解析】试题分析：变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，消耗的功率为,，故A正确；电容器的电压，电荷量，则，保持不变，则图象是向下倾斜的直线，故B正确；电压表示数，图象应是向下倾斜的直线，故C错误；电源通过电荷量时电源做的功，是电源的电动势，则是过原点的直线，故D错误考点：本题考查了闭合电路的动态分析9、AB【解析】在地球表面重力与万有引力相等有卫星的向心力由万有引力提供有A空间站的运行速度为：故A正确；B空间站的加速度故B正确；C空间站的周期故C错误；D空间站里的人和物都处于完全失重状态，仍受到重力的作用，故D错误；10、A

14、B【解析】AB因油滴到达最高点时速度大小为v，方向水平，对于O到N的过程用动能定理有：所以有：在竖直方向上油滴做初速度为的竖直上抛运动，则有：即：油滴由O到N的运动时间有：则在水平方向上由运动学公式和牛顿第二定律可得：联立解得：所以A正确，B正确.CD如果两板间距离变小，电荷量不变，根据：知板间电场强度不变，又O点到右板的距离不变，鼓最高点处N的位置不变，故C错误，D错误.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、8.115 10 欧姆调零 【解析】螺旋测微器的固定刻度为8mm，可动刻度为11.50.01mm=0.115mm，所以最终读数为8

15、mm+0.115mm=8.115mm欧姆表的表盘上越向右侧电阻越小，偏角大说明阻值小，为了准确测量要换较小挡：故选择10档进行测量，换档后要重新欧姆调零.12、B 2：1 【解析】（1）向心力和三个因素有关，所以需要控制其中两个恒定，改变第三个量，从而来研究向心力和它们的关系，故采用了控制变量法，B正确；（2）同一条皮带相连，则A、C线速度相同，故，根据题意可知塔轮向心力之比为1：4，并且塔轮的半径相同，A、C转动和各自的塔轮角速度相同，故，可知，故四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2 （2）1.5 W【解析】试题分析：（1）S断开时, P1=I2R1 ；I=ER1+r 得r=2（2）S闭合后,P2= I12R1 ；I1 =0.5 AR1的电压U1=I1R1 ；U =4 V总电流I总=E-U1r=6-42A=1 A流过电动机的电流I2=I总-I1=0.5A电动机输出功率P出=I2U1-I22R0 代入数据解得 P出=1.5 W.考点：闭合电路欧姆定律 电动机功率14、