2023学年阳江市重点中学高二物理第一学期期中考试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列情况中的物体，哪些可以看作质点（）A研究从湛江开往广州的一列火车的运行速度B研究汽车后

2、轮上一点运动情况的车轮C体育教练员研究百米跑运动员的起跑动作D研究地球自转时的地球2、以的水平初速度抛出的物体，飞行一段时间后，打在倾角为的斜面上，此时速度方向与斜面夹角为，如图所示，则物体在空中飞行的时间为不计空气阻力，g取)（ ）ABCD3、在电磁感应现象中，下列说法正确的是（）A闭合线圈在匀强磁场中做切割磁感线运动，一定产生感应电流B线圈不闭合时，若穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中没有感应电流，但有感应电动势C感应电流的磁场总是与原磁场的方向相反D法拉第通过实验研究，总结出电磁感应现象中感应电流方向的规律4、下列关于时间和时刻的表述中，表示时刻的是（）A学校早晨7：50开始上课B刘翔11

3、0m栏的成绩是12.91sC小明从家步行到学校需要10minD小林在井口释放一块小石块，经2s听到石块落水的声音5、如图所示，小车AB放在光滑水平面上，A端固定一个轻弹簧，B端粘有油泥，AB总质量为M，质量为m的木块C放在小车上，用细绳连接于小车的A端并使弹簧压缩，开始时AB和C都静止，当突然烧断细绳时，C被释放，C离开弹簧向B端冲去，并跟B端油泥粘在一起，忽略一切摩擦，以下说法正确的是A弹簧伸长过程中C向右运动，同时AB也向右运动BC与B碰前，C与AB的速率之比为m:MCC与油泥粘在一起后，AB继续向右运动DC与油泥粘在一起后，AB立即停止运动6、如图所示，两个质量分别为、的物块A和B通过一

4、轻弹簧连接在一起并放置于水平传送带上，水平轻绳一端连接A，另一端固定在墙上，A、B与传送带间动摩擦因数均为传送带顺时针方向转动，系统达到稳定后，突然剪断轻绳的瞬间，设A、B的加速度大小分别为和，弹簧在弹性限度内，重力加速度为，则A，B，C，D，二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、A、B两船的质量均为m，都静止在平静的湖面上，现A船上质量为m的人，以对地水平速度v从A船跳到B船，再从B船跳到A船，经n次跳跃后，人停在B船上，不计水的阻力，则AA、B两船速度大小之比为2：

5、3BA、B（包括人）两船动量大小之比为1：1CA、B（包括人）两船动能之比为3：2DA、B（包括人）两船动能之比为1：18、某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是（）A加电压时，导体的电阻是B加电压时，导体的电阻约是C由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断减小9、如图所示，一带电粒子在电场中沿曲线AB运动，从B点穿出电场，a、b、c、d为该电场中的等势面，这些等势面都是互相平行的竖直平面，不计粒子所受重力，则（）A该粒子一定带负电B此电场一定是匀强电场C粒子在电场中运动过程动能不断减少D该电场的电场线方向一定水平向左10、

6、如图所示，条形磁铁放在水平粗糙桌面上，它的右上方附近固定有一根长直导线，导线中通与了方向垂直纸面向里（即与条形磁铁垂直）的电流，与原来没有放置通电导线时相比较，磁铁受到的支持力N和摩擦力f的变化情况是 AN减小了BN增大了Cf始终为0Df不为0，且方向向右三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某型号电池的电动势约3.7V，内阻约2，现欲测定其电动势E和内阻r，给定的器材有待测电池E滑动变阻器R(015,1A)直流电压表V (量程3V，内阻约为6k)直流毫安表mA (量程100mA，内阻RA=5)开关S一个；导线若干.(1)为了把毫安

7、表改装成量程为0.6A的电流表，需要给毫安表并联一个阻值R0=_的定值电阻；(2)按图甲所示连接好电路，实验过程中要使电压表读数变大，则滑动变阻器滑片应_移动(选填“向左”或“向右”).(3)用该电路测量出多组数据，作出图乙所示的UI图象(I为毫安表示数)，横坐标截距为a，纵坐标截距为b，则待测电池电动势E=_，内阻r=_(用只含a、b字母的式子表示).12（12分）用螺旋测微器测量其直径如图所示，由图可知其直径为_mm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，固定的光滑斜面倾角为，沿水平向右方向加匀

8、强电场时，一质量为m、电量为+q的小物块置于斜面上恰好静止，重力加速度g（已知sin=0.6，cos=0.8）求：（1）该电场的电场强度大小；（2）若该点距斜面底端距离为L，保持场强大小不变，方向变为沿平行斜面向下，则物块滑到斜面底端时的速度大小。14（16分）在如图所示的电路中，R13，R26，R31.5，C20F，当开关S断开时，电源的总功率为2W；当开关S闭合时，电源的总功率为4W，求： (1)电源的电动势和内电阻；(2)闭合S时，电源的输出功率；(3)S断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是多少？15（12分）如图所示，空间存在着强度方向竖直向上的匀强电场，在电场内一长为l的绝缘细线，一

9、端固定在O点，一端拴着质量m、电荷量q的小球现将细线拉直到水平位置，使小球由静止释放，当小球运动最高点时细线受到的拉力恰好达到它能承受的最大值而断裂求：小球运动最高点时的速度；细线能承受的最大拉力；从断线开始计时，在时刻小球与O点的距离参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A.研究从湛江开往广州的一列火车的运行速度，火车的形状和大小可以忽略不计，可将其当作质点，故选项A符合题意；BD.研究汽车后轮上一点运动情况的车轮和研究地球自转时的地球时，车轮和地球的大小均不可忽略，不能将其当作质点，故选项BD不合题意；

10、C.体育教练员研究百米跑运动员的起跑动作时，运动员的形状和大小均要考虑，不可将其当作质点，故选项C不合题意2、B【解析】小球打在倾角为30的斜面上，速度方向与斜面夹角为60，有几何关系可知，速度与水平方向的夹角为30，将该速度分解：，又有：，联立并代入数据解得：，故B正确，ACD错误3、B【解析】产生感应电流的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化,或闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动.根据这个条件进行选择,并根据楞次定律,即可分析求解.【详解】A、位于磁场中的闭合线圈,只有磁通量发生变化,才一定会产生感应电流.故A错误.B、穿过闭合电路的磁感线的条数发生变化,磁通量一定发生变化,则闭合电路中就

11、有感应电流,若不闭合则电路中就没有感应电流,但有感应电动势.所以B选项是正确的.C、根据楞次定律可以知道,感应电流的磁场与原磁场方向相同,或与原磁场的方向相反.故C错误.D、楞次通过实验研究,总结出电磁反应现象中感应电流方向的规律;故D错误;故选B4、A【解析】A上课时间是7点30分对应的是时间轴上的一个点，所以是时刻，A正确；B刘翔跑完全程是一个过程，所以12.91s是时间间隔，不是时刻，B错误；C小明从家步行到学校为一个过程，所以10min是时间间隔，不是时刻，C错误；D经2s听到石块落水的声音，对应一个过程，所以2s是时间间隔，不是时刻，D错误。故选：A。5、D【解析】小车、物块和弹簧组

12、成的系统动量守恒,开始时都静止，即总动量为零,结合动量守恒定律分析物块和小车的速度之比,以及C与泥粘在一起时的运动情况【详解】A、小车、物块和弹簧组成的系统动量守恒,开始总动量为零,当弹簧伸长的过程中,C向右运动,则小车向左运动,故A错误.B、规定向右为正方向,在C与B碰前,根据动量守恒得，计算得出故B错；CD、因为小车、物块和弹簧组成的系统动量守恒,开始总动量为零,当C与泥粘在一起时,总动量仍然为零,则小车停止运动,故C错；D对；故选D【点睛】解决本题的关键是将小车、物块和弹簧视为一个系统，整体应用动量守恒定律6、C【解析】对物块B分析，摩擦力与弹簧弹力平衡， 则以两个物块组成的整体为研究对

13、象，则绳子的拉力：突然剪断轻绳的瞬间，绳子的拉力减小为1，而弹簧的弹力不变，则A受到的合外力与T大小相等，方向相反，A的加速度 B在水平方向仍然受到弹簧的拉力和传送带的摩擦力，合外力不变，仍然等于1，所以B的加速度仍然等于1故选项A正确【点睛】本题要注意以下问题：（1）整体法与隔离法在受力分析中的应用（2）细绳的弹力可以突变，弹簧如果两端都被约束，则弹力不能突变；如果一端自由，一端被约束，则弹力就可以突变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】以人与两船组成的

14、系统为研究对象，人在跳跃过程中总动量守恒，所以A、B两船（包括人）的动量大小之比总是1：1，故B正确；最终人在B船上，以系统为研究对象，在整个过程中，以A的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：，解得：，故A错误；A的动能为：，B的动能为：，则，故C正确，D错误。所以BC正确，AD错误。8、AD【解析】A加5V的电压时，电流为1.0A，由欧姆定律可知，导体的电阻故A正确；B加12V的电压时，电流为1.5A，由欧姆定律可知，导体的电阻故B错误；CD由图可知，随电压的增大，图象上的点到原点连线的斜率减小，又因为I - U图象的斜率表示电阻的倒数，则导体的电阻不断增大，同理可知，随电压的减小，导体的电

15、阻不断减小，故C错误，D正确。故选AD。9、BC【解析】A根据物体做曲线运动的条件，电场力方向水平向右，但电场线方向无法判断，电性不能确定；故A错误；B由图可知，等势线为等间距的平行线，结合等势面的特点可知，是匀强电场，故B正确；C带电粒子在电场中沿曲线AB运动时电场力对粒子做负功，其电势能增大，动能减小，故C正确；D根据物体做曲线运动的条件，电场力方向水平向右，并且沿电场线方向电势降低，而a、b、c、d之间电势大小关系未知，故无法判断电场方向线，故D错误。故选BC。10、BD【解析】以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力方向斜向右上方；根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向

16、斜向左下方，磁铁有向左运动的趋势，受到向右的摩擦力，同时磁铁对地的压力增大；故B、D正确本题考查灵活运用牛顿第三定律选择研究对象的能力关键存在先研究导线所受安培力三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1 向右 b 或 【解析】（1）为了把毫安表改装成量程为0.6A的电流表，需要给毫安表并联一个阻值的定值电阻；（2）实验过程中要使电压表读数变大，则应该增大外电路的电阻，则滑动变阻器滑片应向右移动.（3）因改装后的电流表量程是原来的6倍，则若毫安表读数为I，则干路电流为6I，改装后的电流表内阻为;由闭合电路欧姆定律： ，则E=b； ，解得.1

17、2、4.700mm【解析】1螺旋测微器的最小精确度为0.01mm，读数为主尺刻度+可动刻度格数最小精确度，注意格数要估读。即该读数为4.5mm+20.00.01mm=4.700mm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) E=(2)v=3【解析】(1)对小物块受力分析应满足：tan=解得E=(2)保持场强大小不变，方向变为沿平行斜面向下，电场力沿斜面向下，由动能定理得解得14、 (1) , （2）3.5W（3） ,0【解析】断开S，R2、R3串联，根据闭合电路欧姆定律求解出电流和电功率表达式；S闭合，R1、R2并联再与R3串联，再次根据闭合电路欧姆定律求解出电流和电功率表达式；最后联立求解；闭合S时电源的输出功率为P=EI-I2r；S断开时，C两端电压等于电阻R2两端电压，求解出电压后根据Q=CU列式求解【详解】（1）S断开，R2、R3串联根据闭合电路欧姆定律可得：总功率为：S闭合，R1、R2并联再与R3串联，总外电阻根据闭合电路欧姆定律可得：所以总功率为：联立解得：E=4V，r=0.5（2）闭合S，总外电阻R=3.5干路电流为输出功率P出=EI-I2r=41-10.5=3.5W（3）S断开时，C两端电压等于电阻R2两端电压：可得电量为：Q=CU2=2010-63=610-5