2023学年云南省玉溪市民中高二物理第一学期期中统考模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在光滑绝缘桌面上，带电小球A固定，带电小球B在A、B间库仑力作用下以速率v0绕小球A做半径为r的匀速圆周运动，

2、若使其绕小球A做匀速圆周运动的半径变为2r，则B球的速率大小应变为()Av0Bv0C2v0D2、一学习小组利用如图所示的实验装置，研究向心力与质量、角速度和半径的关系。同学们所采用的研究方法是 （ ）A类比法B科学推理法C控制变量法D等效替代法3、两个质量相同、所带电荷量相等的带电粒子a、b，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入圆形匀强磁场区域，其运动轨迹如图所示。不计粒子的重力，下列说法正确的是（）Aa粒子带正电，b粒子带负电Ba粒子在磁场中所受洛伦兹力较大Cb粒子动能较大Db粒子在磁场中运动时间较长4、小明乘电梯从一楼上升到三楼，在电梯启动和制动时，他所处的状态是（ ）A超重、超重B失重

3、、失重C超重、失重D失重、超重5、如图所示，匀强电场场强E=100V/m，A、B两点相距8cm，A、B连线与电场线夹角为，若取B点电势为0，则A点电势为A-8VB8VC-4VD4V6、图示为 A、B两质点的速度图象，其加速度分别为aA、aB，在零时刻的速度分别为vA、vB那么，下列判断正确的是（ ）AvAvBBvAvBCaAaBDaAaB二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，相距为d的两平行金属板水平放置，开始开关开始开关和均闭合使平行板电容器带电，板间存在垂

4、直纸面向里的匀强磁场，一个带电粒子恰能以水平速度v向右匀速通过两板间，在以下方法中，有可能使带电粒子仍能匀速通过两板的是（不考虑带电粒子所受重力）（ ）A把开关断开，增大两板间的距离，同时减小板间的磁感应强度B把开关断开，增大板间的磁感应强度，同时减小粒子入射的速率C保持和均闭合，减小两板间距离，同时减小粒子射入的速率D保持和均闭合，将、均调大一些，同时减小板间的磁感应强度8、如图所示，虚线表示某电场的等势面。一带电粒子仅在电场力作用下，由A点运动到B点的径迹如图中实线所示。粒子在A点的速度为vA、加速度为aA、电势能为EpA；在B点的速度为vB、加速度为aB、电势能为EpB，则下列判断中正确

5、的是 ()A该粒子带负电BvAvBCaAEpB9、下列四组三个共点力的合力可能是0的有（ ）ABCD10、如图所示的电路中，输入电压U恒为16V，灯泡L标有“6V，6W”字样，电动机线圈的电阻RM=1，若灯泡恰能正常发光，则下列说法中正确的是（ ）A电动机的输入功率为16WB电动机的输出功率为10WC电动机的热功率为1WD整个电路消耗的电功率为16W三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用游标卡尺测得某材料的长度如图甲所示，示数为L=_mm；用螺旋测微器测得该材料的直径如图乙所示，示数为D=_mm12（12分）某同学利用图a装置测定

6、滑块与桌面间的动摩擦因数。实验中，钩码通过轻绳拉着滑块在水平桌面上做直线运动，钩码着地后滑块继续运动，打点计时器在纸带上打下一系列的点。取钩码着地后滑块继续运动过程中对应的一段纸带，用刻度尺测出纸带上部分相邻计时点的间距如图b。已知交流电源频率为50 Hz，当地的重力加速度为9.80 m/s2。回答下列问题：（1）打点时纸带的_（填“A”或“B”）端靠近滑块。（2）滑块与桌面间的动摩擦因数为_。（结果保留3位有效数字）（3）由实验测定的动摩擦因数_（填“大于”“等于”或“小于”）真实值。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤

7、。13（10分）如图是欧姆表的工作原理图完成下列列问题。若表头的满偏电流为Ig=500A，干电池的电动势为1.5V，（1）这只欧姆表的总内阻为多少欧姆?（2）把灵敏电流表的电流刻度值对应的欧姆表表盘电阻值填在下表中：14（16分）如图所示的电路中，电源电动势为，内电阻为，外电路电阻为，闭合电键S后，求：通过电阻R的电流强度I；电阻R两端的电压U；电阻R上所消耗的电功率P15（12分）如图所示，电容器两极板相距为d，两板间电压为U，极板间的匀强磁场的磁感应强度为B1 ，一束电荷量相同的带正电的粒子从图示方向射入电容器，沿直线穿过电容器后进入另一磁感应强度为B2的匀强磁场，结果分别打在a、b两点，

8、两点间距离为R 。设粒子所带电量为q，且不计粒子所受重力，求：(1)两粒子射入电容器的速度大小。(2)打在a、b两点的粒子的质量之差m。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】半径为r时，对B球：；半径为2r时，对B球，解得vv0，则选项A正确2、C【解析】在研究物体的“向心力与质量、角速度与半径”的关系时，由于变量较多，因此采用了“控制变量法”进行研究，分别控制一个物理量不变，看另外两个物理量之间的关系，故ABD错误，C正确。3、C【解析】A粒子向右运动，根据左手定则，b向上偏转，应当带正电；a向下偏转，应

9、当带负电，故A错误。BC洛伦兹力提供向心力，即：，得：，故半径较大的b粒子速度大，动能也大。由公式f=qvB，故速度大的b受洛伦兹力较大。故B错误，C正确。D磁场中偏转角大的运动的时间也长；a粒子的偏转角大，因此运动的时间就长。故D错误。4、C【解析】试题分析：当加速度向上时，物体处于超重状态，支持力大于重力；当电梯匀速上升时，重力等于支持力；当电梯加速度向下时，物体失重，支持力小于重力解：小明乘电梯从一楼上升到三楼，运动的方向向上；在电梯启动时，加速度的方向向上，他处于超重状态；当电梯制动时加速度的方向向下，他处于失重状态故C选项正确故选C【点评】本题考查对超重与失重的理解，可以根据牛顿第二

10、定律分析支持力的变化，也可以根据超重与失重状态的加速度的特点进行判定5、D【解析】由图示可知，根据顺着电场线方向电势降低，可知B的电势低于A的电势，则UBA0，AB方向与电场线方向间的夹角为：，BA两点沿电场方向的距离为BA两点间的电势差为：因取B点电势为0，则A点电势为：A. -8V与分析不符，故A错误；B. 8V与分析不符，故B错误；C. -4V与分析不符，故C错误；D. 4V与分析相符，故D正确。6、C【解析】由图象可知，A的初速度大于B的初速度，即vAvBA的斜率大于B的斜率，则aAaB故C正确，A、B、D错误故选C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个

11、选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A把开关S2断开，增大两板间的距离，电容器带电量不变，根据，知电场强度不变，减小磁感应强度，洛伦兹力减小，两力不再平衡。故A错误。B同理，把开关断开，电场强度不变，电场力不变；根据f=qvB可知，增大板间的磁感应强度，同时减小粒子入射的速率，则洛伦兹力f可能不变，则带电粒子仍能匀速通过两板，选项B正确；C保持S1和S2均闭合，减小两板间距离，电场强度变大，电场力变大，同时减小粒子的入射速度，根据f=qvB，知洛伦兹力减小，两力不可能平衡，故C错误。D保持S1和S2均闭合，将R1、R3均调大

12、一些，R2两端的电压变小，电容器两端的电压变小，电场强度变小，电场力变小。减小板间的磁感应强度，根据f=qvB，知洛伦兹力减小，两力还可能平衡，故D正确。8、ABC【解析】由于等势面是同心圆，且外大里小，故图中场源位于等势面圆心位置，是负电荷；根据曲线的弯曲可知是静电斥力，故粒子带负电，故A正确；由于B位置等差等势面较密集，场强大，加速度大，即aAaB，故C正确；从A到B电场力做负功，速度减小，电势能增加，故B正确，D错误。所以ABC正确，D错误。9、BD【解析】A、3N、4N的合力范围为1NF7N，8N不在合力范围之内，所以三个力的合力不可能为零，故A错误；B、4N、7N的合力范围为3NF1

13、1N，8N在合力范围之内，所以三个力的合力能为零，故B正确；C、3N、5N的合力范围为1NF8N，1N不在合力范围之内，所以三个力的合力不可能为零，故C错误；D、7N、9N的合力范围为1NF16N，16N在合力范围之内，所以三个力的合力能为零，故D正确；故选BD【点睛】关键根据平行四边形定则得出合力的范围：|F1-F1|FF1+F110、CD【解析】电动机两端的电压U1=U-UL=16-6V=10V，整个电路中的电流，所以电动机的输入功率P=U1I=101W=10W，故A错误；电动机的热功率P热=I2RM=11W=1W，则电动机的输出功率P2=P-I2RM=10-1W=9W，故B错误，C正确；

14、整个电路消耗的功率P总=UI=161W=16W，故D正确所以CD正确，AB错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、50.854.702(4.7014.703均可)【解析】游标卡尺读数L=1cm+0.05mm10=1.050cm；螺旋测微器读数D=1mm0.01mm2.5=1.025mm.12、 B 0.255 大于【解析】（1）滑块先做匀加速运动，后做匀减速运动。在匀减速运动过程，相同时间内两点间距离越来越小，故B端靠近滑块；（2）利用逐差法计算： ，钩码着地后滑块主要受滑动摩擦力而减速，由牛顿第二定律得mg=ma，故滑块与桌面间的动摩

15、擦因数；滑块做匀减速运动时，除了受到桌面的摩擦力外，还受到纸带的阻力，由知， ，即测定的动摩擦因数大于真实值.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）3K（2）电流刻度0 100A250A300A500A电阻刻度3 K2 K0【解析】（1）欧姆表的内阻为；（2）当电流表可得为零时，待测电阻阻值为：，满偏电流500A对应的外电阻为：0，欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，由闭合电路欧姆定律得，待测电阻阻值：，代入数据解得：250A、300A、500A对应的阻值为：3K、2K、0K；14、（1）0.5A（2）5V（3）2.5W【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律得通过电阻R的电流强度为：（2）电阻R两端的电压为：U=IR=0.510V=5V（3）电阻R上所消耗的电功率为：P=I2R=0.5210W=2.5W15、（1）UdB1（2）qB1B2dR2U【解析】(1)穿过电容器的粒子满足电场力与洛伦兹力平衡，根据平衡求出粒子运行的速度v；(2)在磁场2中粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供圆周运动向心力，根据半径差的关系式求出粒子的质量差m。【详解】(1) 由于粒子沿直线运动，所以：粒子在电容器中受到的电场力洛伦兹力平衡，即qE