2023学年重庆铁路中学物理高二第一学期期中考试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（ ）AR1：R2=3：1BR1：R2=1：3C将R1与R2串联后接于电源上，则电压之比U1

2、：U2=3：1D将R1与R2并联后接于电源上，则电流之比I1：I2=1：32、如图所示，小磁针放置在螺线轴线的左侧。当螺线管通以恒定电流时，不计其它磁场的影响，小磁针静止时N极的指向是（）A向右B向左C向上D向下3、有一段直导线长1 cm，通过5 A电流，把它置于磁场中某点时，受到的磁场力为0.1 N，则该点的磁感应强度B的值不可能为()A1 TB5 TC2 TD2.5 T4、一段长为L、电阻为R的粗细均匀金属丝，把它拉成长为4L的均匀细丝后，切成等长的4段，然后把它们并联在一起，其阻值为( )AB4RCDR5、一轻质弹簧在弹性限度内伸长了1cm时产生了2N的弹力，则这根弹簧的劲度系数是（ ）

3、A2Nm B211Nm C21Nm D12Nm6、如图所示，将灯泡L和电动机串联接在电压为10V的理想电源两端已知灯泡规格为“6 V 12W”，电动线圈电阻为1 ，当灯泡正常发光，下列说法错误的是A电动机的输出功率为16WB电动的输入功率为8WC电动的热功率为4WD若利用该电动带动起重装置匀速提升20 N的重物（忽路一切阻力），10s内升高2 m二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，绝缘水平面上固定一正点电荷Q，另一电荷量为q、质量为m的滑块（可看作点电荷）从a点

4、以初速度v0沿水平面向Q运动，到达b点时速度为零。已知a、b间距离为x，滑块与水平面间的动摩擦因数为，重力加速度为g。以下判断正确的是（ ）A滑块在运动过程中所受Q的库仑力有可能大于滑动摩擦力B滑块在运动过程的中间时刻速率小于C此过程中产生的内能为DQ产生的电场中a、b两点间的电势差Uab8、如图甲，两水平金属板间距为d，板间电场强度的变化规律如图乙所示。t0时刻，质量为m的带电微粒以初速度v0沿中线射入两板间，0T3时间内微粒匀速运动，T时刻微粒恰好经金属板边缘飞出。微粒运动过程中未与金属板接触。重力加速度的大小为g。关于微粒在0T时间内运动的描述，正确的是()A末速度大小为 2v0B末速度

5、沿水平方向C重力势能减少了12mgdD克服电场力做功为12mgd9、下图是示波管的工作原理图：电子经电场加速后垂直于偏转电场方向射入偏转电场，若加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转电场的极板长度与极板间的距离分别为L和d，y为电子离开偏转电场时发生的偏转距离。取“单位偏转电压引起的偏转距离”来描述示波管的灵敏度，即yU2（该比值越大则灵敏度越高），则下列哪种方法可以提高示波管的灵敏度 （ ） A增大L B减小d C增大U1 D增大U210、如图所示，匀强电场中某电场线上的两点A、B相距0.2 m，正电荷q106C，从A移到B，电场力做功为2106J，则( )A该电场的场强为10 V/m B该电

6、场的场强方向由A指向BCA、B间的电势差为10 V DB点的电势比A点的高三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学研究小灯泡的伏安特性，所使用的器材有：小灯泡L（额定电压3.8V，额定电流0.32A）；电压表V（量程3V，内阻3k）；电流表A（量程0.5A，内阻0.5）；固定电阻R0（阻值1000）；滑动变阻器R（阻值09.0）；电源E（电动势5V，内阻不计）；开关S；导线若干。 （1）实验要求能够实现在03.8V的范围内对小灯泡的电压进行测量，画出实验电路原理图_。（2）实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图（a）所示由实验曲线可知

7、，随着电流的增加小灯泡的电阻_（选填“增大”“不变”或“减小”），灯丝的电阻率_（选填“增大”“不变”或“减小”）。12（12分）（1）物理实验经常需要测量，以下用于测量时间的仪器是_（2）在下列学生分组实验中，利用控制变量思想进行研究的是_A研究平抛运动 B探究求合力的方法C探究功与速度变化的关系 D探究加速度与力、质量的关系（3）在“验证机械能守恒定律”实验中，得到一条纸带，取连续打出的点A、B、C、D作为计数点，各点间的距离如图所示。若打点计时器所用电源频率为50Hz，则打C点时纸带运动的速度为_m/s。（保留3位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题

8、处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C，极板间的距离为d，上板正中有一小孔质量为m、电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零（空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g）求：（1）小球到达小孔处的速度；（2）极板间电场强度的大小和电容器所带电荷量；（3）小球从开始下落运动到下极板处的时间14（16分）在平面直角坐标系xOy中，第象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第象限存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点

9、以一定的初速度垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成60角射入磁场，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出磁场，已知ONd，如图所示不计粒子重力，求：（1）粒子在磁场中运动的轨道半径R；（2）粒子在M点的初速度v0的大小；（3）粒子从M点运动到P点的总时间t15（12分）如图所示，质量为m，电荷量为e的电子，从A点以速度v0垂直于电场方向射入一个电场强度为E的匀强电场中，从B点射出电场时的速度方向与电场线成120角，电子重力不计求：（1）A、B两点间的电势差UAB？（2）电子从A运动到B的时间tAB？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中

10、，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】根据I-U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1：R2=1：1故A错误，B正确；两电阻串联后，两电阻中的电流相等，则电压之比U1：U2=1：1，故C错误；若两电阻并联，两电阻两端的电压相等，故电流与电阻成反比；故电流之比为：I1：I2=1：1；故D错误；故选B【点睛】解决本题的关键知道I-U图线的斜率表示电阻的倒数以及知道串并联电路的特点2、B【解析】根据安培定则可以判断通电螺线管左侧为N极，右侧为S极，小磁针位置的磁场方向水平向左，根据静止时小磁针的N极指向和该点的磁场方向一致，因此左侧小磁针静止时N极指向左侧。故选B。3、A【解析】长为1cm，

11、电流强度为5A，把它置入某磁场中某点，受到的磁场力为0.1N，当垂直放入磁场时，则公式得：B=2T，若不是垂直放入磁场时，则磁感应强度比2T还要大，所以该点磁感应强度B2T，故A正确，B、C、D错误；故选A【点睛】磁感应强度的定义式可知，是属于比值定义法，且导线垂直放入磁场中，即B与F、I、L均没有关系，它是由磁场的本身决定，同时还要注意的定义式是有条件的4、D【解析】把粗细均匀金属丝拉成长为的均匀细丝后，切成等长的4段，每段长度不变，横截面积变为原来的，根据电阻定律可得每段的电阻为；然后把它们并联在一起，其总阻值为，故选项D正确，A、B、C错误。5、B【解析】由题，F=2N，x=1cm=11

12、1-2m，根据胡克定律F=kx得弹簧的劲度系数k=Fx=2110-2N/m200N/m，故选B。【点睛】弹簧的弹力与形变量之间的关系遵守胡克定律公式F=kx中，x是弹簧伸长的长度或压缩的长度，即是弹簧的形变量6、A【解析】ABC.灯泡正常发光，则灯泡两端电压为6V，电流可知电动机两端电压为UM=10V-6V=4V；电动机的输入功率为P=IUM=8W；电动机的热功率电动机的输出功率为则选项A错误，符合题意；选项BC正确，不符合题意；D若利用该电动带动起重装置匀速提升20 N的重物（忽路一切阻力），则解得v=0.2m/s则10s内升高h=vt=2 m选项D正确，不符合题意。二、多项选择题：本题共4

13、小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A由题意可知，滑块水平方向受库仑力、滑动摩擦力，摩擦力与运动方向相反，而库仑力与运动方相同，因滑块在b点静止，故一定有段时间，库仑力小于滑动摩擦力，当在滑动过程中，随着间距减小，库仑力增大，但仍小于滑动摩擦力，到达b点时速度减为零。故A错误；B水平方向受大小不变的摩擦力及变大的库仑力，当在滑动过程中，随着间距减小，库仑力增大，但仍小于滑动摩擦力，所以导致加速度慢慢减小，加速度是变化的，故中间时刻的速度仍小于，故B正确；C由动能定理可得：产生的内

14、能因此在此过程中产生的内能大于动能的减少。故C错误；D由动能定理可得：解得两点间的电势差故D正确；8、BCD【解析】AB因为0T/3时间内微粒做匀速直线运动，即有mg=qE0，所以在T/32T/3内，微粒做平抛运动，在2T/3T时间内，合力F=2qE0-mg=mg，在竖直方向上根据对称性可得竖直方向上的速度为零，即末速度大小为v0 ，沿水平方向，A错误B正确；C、微粒沿金属板边缘飞出，竖直方向上的位移为d/2，所以重力势能减少了12mgd，故C对；D、在2T/3T时间内，合力F=2qE0-mg=mg，在竖直方向上根据对称性可知此过程运动的位移为d/4，所以克服电场力做功为 W=2qE0d4=1

15、2mgd，故D对；故选BCD【点睛】带电粒子在电场中偏转问题，首先要正确的对带电粒子在这两种情况下进行正确的受力分析，确定粒子的运动类型解决带电粒子垂直射入电场的类型的题，应用平抛运动的规律进行求解此类型的题要注意是否要考虑带电粒子的重力，原则是：除有说明或暗示外，对基本粒子（例如电子，质子、粒子、离子等），一般不考虑重力；对带点微粒，（如液滴、油滴、小球、尘埃等），一般要考虑重力9、AB【解析】经加速电场后的速度为v，则12mv2=eU1，所以电子进入偏转电场时速试的大小为v=2eU1m，电子进入偏转电场后的偏转位移为y=12at2=12eU2md(lv)2=U2l24dU1，所以示波管的灵

16、敏度yU2=l24dU1，所以要提高示波管的灵敏度可以增大L，减速小d，故A、B正确。点晴：本题是信息题，根据所给的信息，找出示波管的灵敏度的表达式即可解决问题。10、AB【解析】试题分析：根据电场力做功的公式W=qU得，故C错误根据匀强电场两点电势差和电场强度的公式U=Ed得故A正确UAB=A-B=2v，所以B点的电势比A点的低，沿着电场线电势一定降低，所以电场的方向由A向B，故B正确，D错误故选AB考点：电场力的功与电势差的关系三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1） （2）增大； 增大； 【解析】（1）因本实验需要电流从零开始调

17、节，因此应采用滑动变阻器分压接法；因灯泡内阻与电流表内阻接近，故应采用电流表外接法；另外为了扩大电压表量程，应用R0和电压表串联，故原理图如图所示；（2）I-U图象中图象的斜率表示电阻的倒数，由图可知，图象的斜率随电压的增大而减小，故说明电阻随电流的增大而增大；其原因是灯丝的电阻率随着电流的增大而增大；12、BC D 2.39 【解析】（1）1A、天平是测量质量的仪器。故A错误；B、电磁式打点计时器是测量时间的仪器。故B正确；C、电火花打点计时器是测量时间的仪器。故C正确；D、刻度尺是测量长度的仪器。故D错误。（2）2研究平抛运动利用了等效替代的思想，探究求合力的方法用到了等效替代的思想，探究

18、功与速度变化的关系用到了等效替代的思想，探究探究加速度与力、质量的关系实验中，采用了控制变量法的思想，故D正确，ABC错误。（3）3C点的速度为：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2），；（3）【解析】（1）小球到达小孔前是自由落体运动，根据速度位移关系公式，有：v2=2gh解得： （2）对从释放到到达下极板处过程运用动能定理列式，有：mg（h+d）-qEd=0解得： 电容器两极板间的电压为：电容器的带电量为：（3）加速过程：mgt1=mv减速过程，有：（mg-qE）t2=0-mvt=t1+t2联立解得：【点睛】本题关键是明确小球的受力情况和运动规律，然后结合动能定理和动量定理列式分析，不难14、（1）粒子在磁场中运动的轨道半径R为d；（2）粒子在M点的初速度v0的大小为；（3）粒子从M点运动到P点的总时间t为【解析】（1）做出带电粒子的运动轨迹如图由三角形相关知识得（2）由qvB=mv2/R 得v在N点速度v与x轴正方向成60角射出电场，将速度分解如图cos= v0/v 得射出速度v=2v0， v0=（3）粒子在电场中运动的时间t1，有dv0t1所以t1粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期T，故 T设粒