福建省宁德2023学年高二物理第一学期期中学业质量监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法中错误的是（）A静电力做的功跟电荷移动的路径有关B静电力做正功时电荷电势能减少，减少的电势能转化为其它

2、形式的能C电荷在同一个等势面上两点间移动时，静电力做的总功等于零D电场中某点的电势跟零势面的选择有关，它是相对量2、如图所示是医用回旋加速器示意图，其核心部分是两个D形金属盒，两金属盒置于匀强磁场中，并分别与高频电源相连现分别加速氘核()和氦核()下列说法中正确的是( )A它们的最大速度相等B它们的最大动能相同C两次所接高频电源的频率不相同D仅增大高频电源的频率可增大粒子的最大动能3、下列说法中，正确的是（ ）A物理学家库仑首先测出了元电荷e的数值B在利用扭秤装置研究库仑定律的过程中，库仑既用到了放大的思想也用到了控制变量法C牛顿首先提出电场的概念，这是为了方便分析电荷之间的作用而假想电场是存

3、在的D在研究电场磁场时，我们常引入“试探电荷”，要求试探电荷不影响原电场的强弱及分布情况这里的试探电荷应用了假设法4、R=的物理意义是（ ）A加在导体两端的电压越大，则电流越大B导体的电阻与电压成正比，与电流成反比C导体的电阻越大，则电流越小D通过导体的电流越大，则导体的电阻越小5、压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而增大某同学利用压敏电阻设计了一个判断电梯运动状态的装置，其装置示意图如图1所示将压敏电阻平放在电梯内，受压面朝上，在上面放一物体m，电梯静止时电流表示数为2I1电梯在不同的运动过程中，电流表的示数分别如图2中甲、乙、丙、丁所示，则下列判断中正确的是（）A甲图表示电梯可能做匀加速上升

4、运动B乙图表示电梯可能做匀减速上升运动C丙图表示电梯可能做匀加速下降运动D丁图表示电梯可能做匀减速下降运动6、两辆汽车的质量分别为和，沿水平方向做匀速直线运动并且具有相等的动能，则两辆汽车动量大小之比是ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在水平放置的平行板电容器之间，有一带电油滴P处于静止状态，若从某时刻起，油滴所带的电荷开始缓慢减小，为维持该油滴仍处于静止状态，可采取下列哪些措施A其他条件不变，使电容器两极板缓慢靠近B其他条件不变，使电容器两极板缓

5、慢远离C其他条件不变，将变阻器的滑片缓慢向左移动D其他条件不变，将变阻器的滑片缓慢向右移动8、如图是一定质量的理想气体的pV图，气体状态从ABCDA完成一次循环，AB（图中实线）和CD为等温过程，温度分别为T1和T2.下列判断正确的是ADA过程为等容过程、BC为等压过程BT1T2CAB过程中，若VB=2VA,则PB =2 PA （VA、PA、VB、 PB分别为A、B两点的体积和压强）D若气体状态沿图中虚线由AB，则气体的温度先升高后降低9、如图所示的装置中，木块B与水平面间的接触面是光滑的，子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内，将弹簧压缩到最短，弹簧左端连着墙壁。现将子弹、木块和弹簧合在一起作

6、为研究对象(系统)，则此系统在从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中（ ）A动量守恒B动量不守恒C机械能守恒D机械能不守恒10、某一电场的电场线分布如图所示，则下列说法正确的是A点的电势低于点的电势B点的电场强度小于点的电场强度C一正电荷由点释放，一定沿着电场线运动到点D一负电荷在点的电势能大于在点的电势能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）现在要测量一段电阻丝的电阻，其阻值Rx约为0.5，允许通过的最大电流为0.5A。要求测量结果尽量准确，测量误差尽可能小，方便读数。现有如下器材可供选择：电流表（量程0.6A，内阻约为0

7、.5）电压表（量程3 V，内阻约为3k）待测电阻丝Rx（值约为0.5）标准电阻R0（阻值5）滑动变阻器R1（5，2A)滑动变阻器R2（1000，1.5A) 学生电源（直流6V，内阻不计）开关S，导线若干（1）实验中滑动变阻器应选择_（选填“R1”或“R2”）（2）在虚线框中画出实验电路图（_）12（12分）某学生设计一实验来粗略验证向心力的表达式，如图所示细线下面悬挂一个钢球，细线上端固定在铁架台上将画着一个圆的白纸置于水平桌面上，使钢球静止时正好位于圆心，如果小球的向心力和合力相等，则说明向心力的表达式正确a. 用手带动钢球，设法使它沿纸上的圆悬空做匀速圆周运动，用秒表记录钢球运动n圈所用时

8、间t，用直尺测出纸上的圆的半径为r，如果向心力的表达式正确，并假设钢球质量为m，则由向心力表达式求出来的向心力_（用题中所给字母表示）b. 然后，测出线的长度为L，假设钢球可看做质点，从力的角度计算钢球的合力_（用题中所给字母表示）c. 在本实验中小球的质量_（“需要”或“不需要”）测出；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，边长为L的闭合正方形线圈的电阻为R，匝数为N，以速度v向右匀速穿过宽度为d的有界匀强磁场，磁场方向与线圈平面垂直，磁感应强度为B。（1）当线圈右边框刚进入磁场时，求线圈中的电流

9、大小和方向；（2）当线圈右边框刚进入磁场时，求线圈受到安培力的大小和方向；（3）若Ld，求线圈穿过磁场的过程中外界拉力做的功。14（16分）如图所示为用电动机提升重物的装置，电动机线圈的电阻r=l，电动机两端的电压U=5V，电路中的电流I=1A，物体A重G=20N，不计摩擦力，求(1)电动机线圈电阻上消耗的热功率；(2)这台电动机的机械效率。15（12分）如图所示，足够长的竖直绝缘杆上套有一带正电小环，整个装置处在水平向右的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场内，小环由静止开始下滑，经过时间t后速度达到最大值已知小环质量为m、电荷量为q，电场强度为E，磁感应强度为B，小环与杆之间的动摩擦因数为，重

10、力加速度为g求：（1）小环下滑的最大加速度的大小和最大速度的大小；（2）小环下滑时间t内受到的平均摩擦力的大小（用动量定理求解）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A无论匀强电场还是非匀强电场，静电力的功都只与电荷的初末位置有关，跟电荷经过的路径无关，A错误，符合题意；B根据电场力做功与电势能变化的关系可知，静电力做正功，电势能减小；减少的电势能转化为其它形式的能，B正确，不符题意；C由W=qU，等势面电势差为零，故电场力做功为零，C正确，不符题意；D电势是相对量，电势的大小与与零点的选择有关，D正确，不

11、符题意。本题选错误的，故选A。2、A【解析】A根据得两粒子的比荷相等，所以最大速度相等。故A正确。B最大动能两粒子的比荷相等，但电量不等，所以最大动能不等。故B错误。C带电粒子在磁场中运动的周期两粒子的比荷相等，所以周期和频率相等。故C错误。D根据，知仅增大高频电源的频率不能增大粒子动能，故D错误；3、B【解析】密立根最早用实验测出了元电荷e的数值，故A错误；在利用扭秤装置研究库仑定律的过程中，库仑既用到了放大的思想也用到了控制变量法，故B正确；法拉第先提出电场的概念，揭示了电荷间相互作用就是电场对电荷的作用，故C错误；在研究电场磁场时，我们常引入“试探电荷”、“试探电流元”，目的是不影响原电

12、场的强弱及分布情况，这里并没有应用假设法，故D错误所以B正确，ACD错误4、A【解析】（1）导体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端电压和通过电流无关；（2）R=是电阻的定义式和计算式【详解】A、加在导体两端的电压越大，则电流越大；故A正确；B、导体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端电压和通过电流无关；但可以通过R=计算出导体电阻的大小，故，B、D选项错误C、因不知电压大小，故不能说电阻越大，电流越小；故C错误；故选A5、A【解析】据题知，压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而增大，而电流变大说明电路中电阻变小，则电流变大说明压力变小；反之，电流变

13、小说明压力变大；物体加速上升和减速下降是超重状态，减速上升和加速下降是失重状态【详解】甲图中，电流从2I1逐渐变大，电阻变小，则压力逐渐变小，且小于重力，所以加速度向下逐渐变大，电梯可能变加速下降，也可能变减速上升故A错误；乙图中，电流从I1逐渐变大到2I1，电阻变小，则压力逐渐变小，且大于重力，所以加速度向上逐渐变小，电梯可能变加速上升，也可能变减速下降故B错误；丙图中，电流从2I1逐渐变小，电阻变大，则压力逐渐变大，且大于重力，所以加速度向上逐渐变大，电梯可能变加速上升，也可能变减速下降故C错误；丁图中，电流恒为I1，压力大于重力，故电梯处于超重状态，可能匀加速上升，也可能匀减速下降，故D

14、正确；故选D【点睛】本题关键根据电流变化情况判断压力变化情况，根据牛顿第二定律判断加速度变化情况，从而判断电梯的可能运动情况6、B【解析】根据动量与动能关系式：P2=2mEK，可得两辆汽车动量大小之比是： ，故B正确，ACD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】油滴所带的电荷开始缓慢减小，为维持该油滴仍处于静止状态需要增大电容器两板之间的电场强度而电场强度AB让电容器两极板缓慢靠近d减小，A正确B错误；CD将变阻器的滑片缓慢向左移动，电路中的总电阻减小，

15、总电流增大，增大，所以C正确D错误；故选AC。8、BD【解析】A.由图可知，DA过程压强不变，为等压过程；BC的体积不变，为等容过程，故A项错误；B.由图可知，VAVD，PA=PD，根据盖吕萨克定律：则：T1T2，故B项正确；C. AB过程中，温度不变，根据玻意耳定律：若VB=2VA，则，故C项错误；D.若气体状态沿图中虚线由AB，图象中的等温线是在第一象限的双曲线的一支。离原点越远温度越高，AB两点在同一条等温线上。所以从A到B的过程中，温度先升高，后降低，故D项正确。9、BD【解析】此系统在从子弹开始射入到弹簧被压缩至最短的整个过程中水平方向受到墙壁对系统的向右的作用力，所以系统的动量不守

16、恒；子弹在进入木块的过程中要产生热能，所以子弹与木块组成的系统有一定的动能损失，所以系统的机械能也不守恒，故BD正确，AC错误。故选BD。【点睛】分析清楚物体运动过程、掌握系统动量守恒的条件、机械能守恒的条件是解题的关键，以及知道当系统只有动能和势能之间相互转化时，系统机械能守恒分析清楚运动过程即可正确解题。10、AB【解析】沿着电场线方向电势逐渐降低，因此a点的电势高于b点的电势，故A正确；从电场线的分布情况可知，a点的电场线比b点的稀疏，所以a点的电场强度小于b点的电场强度，故B正确；电场线不一定是电荷的运动轨迹，由a点释放的正电荷不一定沿着电场线运动到b点，故C错误；某一负电荷从a点移到

17、b点，电场力做负功，电势能增加，因此负电荷在a点的电势能小于在b点的电势能，故D错误所以AB正确，CD错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、R1 见解析 【解析】(1)1根据闭合电路欧姆定律可以知道，电路中需要的最大电阻为：所以变阻器应选R1，并且应采用分压式接法;(2)2因为待测电阻阻值偏小，为保证电路安全，方便测量，应把定值电阻与待测电阻串联，因为电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，电路图如图所示：12、 不需要 【解析】（1）钢球运动n圈所用时间t，则周期为T=，这个实验中由向心力表达式求出来的向心为：（2）对小球

18、受力分析如图所示，则有：F合=mgtan=；（3）根据可知，质量可以约去，则不需要测出小球的质量，【点睛】通过实验数据来粗略验证向心力表示式，培养学生善于分析问题与解决问题的能力，同时运用力的合成寻找向心力的来源四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) 感应电流以方向为逆时针，NBLvR (2) 安培力水平向左，NB2L2vR (3)2N2B2L3vR (4) 2N2B2L2dvR【解析】根据法拉第定律求出感应电动势，由欧姆定律求出感应电流，由焦耳定律求焦耳热，再根据能量守恒定律，求得外力做的功。【详解】(1) 当线圈右边框刚进入磁场时，由右手定则可知，感应电流以方向为逆时针，E=NBLv I=ER=NBLvR；(2)线圈右边的电流向上，由左手定则可知，所受安培力水平向左，由公式F=BIL=BNBLvRL=NB2L2vR；(3) 若Ld，线框穿过磁场的过程中产生的焦耳热为：Q1=I2Rt1=(NBLvR)2R2Lv=2N2B2L3vR；(4) 若Ld，线框穿过磁场的过程中产生的焦耳热为：Q2=I2Rt2=(NBLvR)2R2dv=2N2B2L2dvR根据能量