河南省济源市第四中学2023学年高二物理第一学期期中监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，滑板运动员以速度v0从距离地面高度为h的平台末端水平飞出，落在水平地面上运动员和

2、滑板均可视为质点，忽略空气阻力的影响下列说法中正确的是（）Ah一定时，v0越大，运动员在空中运动时间越长Bh一定时，v0越大，运动员落地瞬间速度越大C运动员落地瞬间速度与高度h无关D运动员落地位置与v0大小无关2、关于电场和电场线，下列说法正确的是（）A电势降低的方向就是电场线方向B电场线方向一定与电荷的受力方向相同C沿着电场线方向电势一定降低D匀强电场中电荷一定沿着电场线方向运动3、实线为电场线，虚线为等势线，且相邻两等势间的电势差相等，一正电荷在等势线3上时，具有动能10J，它运动到等势线1时速度为零，令20，那么该电荷的电势能为4J时，其动能为A10JB6JC5JD1J4、用一个满偏电流

3、为10 mA、内阻为40 的电流表，一个电动势为1.5 V、内阻为1 的干电池和一个可变电阻组装成一个欧姆表，可变电阻应选（ ）A020 B050 C0100 D0200 5、如图所示，在M、N处各有一条垂直纸面的长直导线，导线中通有大小相等方向相反的恒定电流， O点是MN连线的中点。其中N处电流在O点产生的磁感应强度大小为B1.则O点的磁感应强度大小为A2B1BCB1D06、地球半径为R，地面附近的重力加速度为g，物体在离地面高度为h处的重力加速度的表达式是（）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，

4、选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在圆心O处固定电量为+Q的点电荷，A、B、C在同一圆周上，且下列说法正确的是A电势差UOAUADBA、B、C三点的电场强度相同C电子在B点的电势能大于在D点的电势能D将一电子由D点分别移动到A、C两点，电场力做功相同8、现有两个边长不等的正方形，如图所示，AB=2ab且Aa、Bb、Cc、Dd间距相等。在AB、AC、CD、DB的中点分别放等量的正电荷和负电荷，若取无穷远处电势为零，则下列说法中正确的是AO点的电场强度为零BO点的电势为零Cb、c两点电势均为零Da、d两点场强相同9、如图，电荷量分别为q和q（q0）的点电荷固定在正方体的两个顶点上，

5、a、b是正方体的另外两个顶点，则（ ）Aa点和b点的电势相等Ba点和b点的电场强度大小相等Ca点和b点的电场强度方向相同D将负电荷从a点移到b点，电势能增加10、如图所示，平行直线表示电场线，但没有标明方向，带电量为1102C的微粒在电场中只受电场力的作用，由A点移到B点，动能损失0.1J，若A点的电势为10V，则( )AB点电势为10VB电场线的方向从右向左C微粒的运动轨迹可能是轨迹1D微粒的运动轨迹可能是轨迹2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某为同学在用电流表、电压表和滑动变阻器测量一节干电池的电动势和内阻的实验中，采用了

6、如图所示电路，规范操作后他记录了6组数据（见表），试根据这些数据在下图中画出U-I图线_，并根据图线读出电池的电动势E=_V，求出电池的内阻r=_。因为该实验中所用电表不是理想电表，所以电动势的测量值_（填“大于”、“等于”、“小于”）真实值。12（12分）在测定金属丝电阻率的实验中，需要测出其长度L直径d和电阻R用螺旋测微器测金属丝直径时读数如下图，则金属丝的直径为_ m用电流表和电压表测金属丝的电流电压时读数如下图，则电压表的读数为_ V，电流表的读数为 _ A四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所

7、示，内壁光滑的细圆管一端弯成半圆形APB，另一端BC伸直，水平放置在桌面上并固定。半圆形APB的半径R=1. 0m，BC长L=1. 5m，桌子高度h=0. 8m。质量m=0. 1kg的小球以一定的水平初速度从A点沿过A点的切线方向射入管内，从C点离开管道后水平拋出，落地点D离C点的水平距离s=2m，不计空气阻力，g取10m/s2，取3. 14。求：（1）小球运动到半圆形APB的中点P时的角速度；（2）小球从A点运动到D点的时间t及在P点圆管对小球的弹力F的大小。14（16分）如图所示在长为2L的绝缘轻质细杆的两端各连接一个质量均为m的带电小球A和B（可视为质点，也不考虑二者间的相互作用力），A

8、球带正电、电荷量为+2q，B球带负电.电荷量为-3q.现把A和B组成的带电系统锁定在光滑绝缘的水平面上，并让A处于如图所示的有界匀强电场区域MPQN（边界MPNQ也在电场内）内.已知虚线MP是细杆的中垂线，MP和NQ的距离为4L，匀强电场的场强大小为E，方向水平向右.现取消对A、B的锁定，让它们从静止开始运动.（忽略小球运动中所产生的磁场造成的影响） (1)求小球A、B运动过程中的最大速度；(2)小球A、B能否回到原出发点？若不能，请说明理由；若能，请求出经过多长时间带电系统又回到原地发点.15（12分）在竖直的井底，将一物块以11m/s的速度竖直地向上抛出，物块到达井口时被人接住，在被人接住

9、前1s内物块的位移是4m，位移方向向上，不计空气阻力，g取10m/s2，求：（1）物块从抛出到被人接住所经历的时间；（2）此竖直井的深度参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】根据知，运动员在空中运动的时间由高度决定，与初速度无关，故A错误落地时竖直分速度vy，则运动员落地的速度v=，初速度越大，落地瞬间速度越大，故B正确落地时速度方向与水平方向夹角的正切值，可知落地的速度方向与高度有关，故C错误水平位移由初速度和高度共同决定，则运动员落地的位置与初速度有关，故D错误故选B点睛：平抛运动在水平方向上做匀速直线

10、运动，在竖直方向上做自由落体运动，运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移落地的速度方向与初速度和高度有关2、C【解析】A 沿电场线的方向电势降低的最快，所以电势降低的方向不一定是电势降低最快的地方，也不一定是电场线的方向，故A错误；B 电场线的方向是该点场强的方向，就是正电荷受力的方向，故B错误；C 沿着电场线方向电势一定降低，故C正确；D电荷初速度方向与电场线方向不在一条直线上，则电荷不一定沿电场线方向运动，故D错误。故选C。3、D【解析】电荷在电场中只受电场力，所以从 到 和从到电场力做的功相等，可得在等势面时电荷的动能为5J，整个过程中，电荷动能与电势能的总量保持不变，所以总

11、能量为处的能量：为5J，所以当该电荷的电势能为4J时，其动能大小为1J，所以D正确；故选D。4、D【解析】试题分析：因为电流表是串联在欧姆表的电路中的，所以当欧姆的两个表笔短接时，电路中的电流不能超过Rm=150，而电流表的内阻是40，所以所串联的电阻不能少于R=150-40=110，所以D提供的可变电阻可以满足，选项D正确考点：欧姆表的工作原理【名师点睛】本题考查了欧姆表的工作原理，关键是理解当欧姆表的表笔短接时，电路中的电流最大，最大不能超过电流表的满偏电流根据欧姆表的工作原理分析，欧姆表包含一个电源，电流计，和可变电阻，这三个仪器是串联在一起的，工作时的电流不能超过电流计的满偏电流，据此

12、分析5、A【解析】根据安培定则判断得知，两根通电导线产生的磁场方向相同，由于O点是MN连线的中点，则两根通电导线在MN两点产生的磁感应强度大小相等，N处电流在O点产生的磁感应强度大小为B1，根据平行四边形进行合成得到，M点和N点在O点的磁感应强度大小为2B1，故选A。6、D【解析】在地面的万有引力等于重力，再列高空的万有引力等于重力，联合可得高空重力加速度表达式【详解】在地面上有万有引力等于重力：，在离地面高度为h处：，联立可得：，故D正确，ABC错误【点睛】本题主要考查了无论地面还是高空，都有万有引力等于重力二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个

13、选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】试题分析：因为离正电荷较近的位置场强较大，而，可知电势差UOAUAD，选项A 正确；A、B、C三点的电场强度大小相同，但方向不同，故选项B 错误；由于B点电势高于D点，故根据可知电子在B点的电势能小于在D点的电势能，选项C 错误；由于AC在同一等势面上，故将一电子由D点分别移动到A、C两点，电势能的变化相同，所以电场力做功相同，选项D 正确考点：电场强度；电势及电势差；8、BCD【解析】A.根据点电荷的电场强度公式可知各个点电荷在点的电场场强大小，再根据矢量合成知道点合场强不为零，故A错误；BC. 在两

14、对等量异种电荷的电场中，的连线上的电势与无穷远处电势相同，为零，则点的电势为零，、两点的电势也为零，故B、C正确；D. 根据点电荷的电场强度公式可得各个点电荷在、两点的电场场强大小及方向，再根据矢量合成求出、两点合场强大小也相等，方向相同，故D正确。9、BC【解析】由几何关系，可知b的电势大于a的电势，故A错误；把负电荷从a移到b，电势能减少，故D错误；由对称性和电场的叠加原理，可得出a、b的合电场强度大小、方向都相同，故B、C正确。10、BC【解析】AAB两点的电势差：V则：10V解得：0V故A错误；B由动能定理可知：J可知粒子受到的电场力做负功，故粒子电势能增加，B点的电势高于A点电势；而

15、电场线由高电势指向低电势，故电场线向左，故B正确；C.若粒子沿轨迹1运动，A点速度沿切线方向向右，受力向左，故粒子将向上偏转，故C正确；D若粒子沿轨迹2运动，A点速度沿切线方向向右上，而受力向左，故粒子将向左上偏转，故D错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、图线如图所示 1.47 0.72 小于 【解析】1.根据描点法可得出对应的伏安特性曲线，对应的图线如图所示；2.根据U=E-Ir可知，图象与纵轴的交点表示电动势，故E=1.47V；3.图象的斜率表示内阻，故；4.相对于电源来说，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，使所测电源电动

16、势小于电动势真实值，内阻测量值小于真实值12、0.698(0.001) 2.60V 0.53A 【解析】（1）由图甲所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为0.5mm，可动刻度示数为19.70.01mm=0.197mm，螺旋测微器示数为0.5mm+0.197mm=0.697mm（2）由图丙所示电压表可知，其量程为3V，分度值为0.1V，示数为2.60V；由图示电流表可知，其量程为0.6A，分度值为0.02A，示数为0.52A四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)5 rad/s (2)1.328s 【解析】（1）小球

17、从C点到D点的过程中做平拋运动，则有 联立解得m/s 小球在半圆形APB中做匀速圆周运动，小球运动到半圆形APB中点P时的角速度rad/s （2）小球从A点运动到B点的时间s 从B点运动到D点的时间s 则小球从A点运动到D点的时间为s 在P点，小球所受的向心力N 所以圆管对小球的弹力N14、 (1) (2) 【解析】(1)当B球进入电场后，合力向左，系统开始减速，故此时物体速度最大，对加速过程运用动能定理列式求解即可；(2)系统在B球进入电场前做加速运动，B球进入电场后开始做减速运动；返回过程先加速后减速，向右和向左的过程具有对称性；由牛顿第二定律，求解出加速过程和减速过程的加速度，然后根据运

18、动学公式和动能定理列式求解【详解】(1)带电系统锁定解除后，在水平方向上受到向右的电场力作用开始向右加速运动，当B进入电场区时，系统所受的电场力为A、B的合力，因方向向左，从而做减速运动，以后不管B有没有离开右边界，速度大小均比B刚进入时小，故在B刚进入电场时，系统具有最大速度.设B进入电场前的过程中，系统的加速度为a1，由牛顿第二定律：2Eq2ma1 B刚进入电场时，系统的速度为vm，由 可得 (2)对带电系统进行分析，假设A能达到右边界，电场力对系统做功为W1则 故系统不能从右端滑出，即：当A刚滑到右边界时，速度刚好为零，接着反向向左加速由运动的对称性可知，系统刚好能够回到原位置，此后系统又重复开始上述运动.设B从静止到刚进入电场的时间为t1，则 设B进入电场后，系