广东佛山市禅城区2023学年高二物理第一学期期中质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在NaCl溶液中，正、负电荷定向移动，其中Na+水平向右移动若测得4s内分别有1.01018个Na+和Cl-通过溶液内部的横截面M，那么溶液中的电流方向和大小为（）A水平向左0.8AB水平向右 0.08AC水平向左0.4A

2、D水平向右0.04A2、在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点，B图a、b两点与场源电荷等距，A图a、b两点在两等量异种电荷连线的中垂线上且与连线等距，C图a、b两点在点电荷与带电平板形成的电场中平板上表面处，D图 a、b两点在匀强电场中分别靠近负、正极板处其中a、b两点的电势、电场强度都相同的是（）ABCD3、下列对电现象及规律的认识中，正确的是：A自然界中只存在正、负两种电荷；B同种电荷互相吸引，异种电荷互相排斥；C摩擦起电说明了电荷可以创造；D点电荷之间距离越大，则静电力也越大4、质量为m的带电小球在正交的匀强电场、匀强磁场中做匀速圆周运动，轨道平面在竖直平面内，电场方向竖直向下，

3、磁场方向垂直圆周所在平面向里，如图所示，由此可知（ ）A小球带正电，沿顺时针方向运动B小球带负电，沿逆时针方向运动C小球带正电，沿逆时针方向运动D小球带负电，沿顺时针方向运动5、关于磁感应强度B，下列说法中正确的是A根据磁感应强度定义，某点的磁感应强度B与安培力F成正比，与I成反比B磁感应强度B是标量，没有方向，磁感线密集的地方磁感应强度B大些，磁感线稀疏的地方磁感应强度B小些C磁感应强度B是矢量，方向与安培力F的方向相反D在确定的磁场中，同一点的磁感应强度B是确定的，不同点的磁感应强度B可能不同6、如图所示,图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是 (

4、)A将R1与R2两端加上相同电压,则电流之比I1I2=13B将R1与R2通过相同电流,则两端电压之比U1U2=31CR1R2=13DR1R2=31二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、传感器是把非电物理量（如高度、温度、压力等）的变化转换成电学量（如电压、电流、电容等）变化的一种元件，它在自动控制中有着广泛的应用如图是一种测定液面高度的电容式传感器的示意图金属棒与导电液体构成一个电容器，将金属棒和导电液体分别与直流电源的两极相连接，从电容C和导电液与金属棒间的电压U的变

5、化就能反映液面的升降情况，即（ ）A电源接通，若此后电容C减小，反映h减小B电源接通，若此后电容C减小，反映h增大C电源接通再断开，若此后电压U减小，反映h减小D电源接通再断开，若此后电压U减小，反映h增大8、如图在光滑四分之一圆弧轨道的顶端a点，质量为m的物块(可视为质点)由静止开始下滑，经圆弧最低点b滑上粗糙水平面，圆弧轨道在b点与水平轨道平滑相接，物块最终滑至c点停止若圆弧轨道半径为R，物块与水平面间的动摩擦因数为，下列说法正确的是()A物块滑到b点时的速度为Bc点与b点的距离为C物块滑到b点时对b点的压力是3mgD整个过程中物块机械能损失了mgR9、如图所示，电源电动势E和内阻r一定，

6、R1、R2是定值电阻，R3是光敏电阻(光敏电阻阻值随光照强度的增加而变小)。闭合开关，当照射到R3的光照强度增加时，以下判断正确的是 （ ）A电流表示数一定变小B电压表示数一定变小CR1的功率一定变小DR2的功率一定变大10、有甲、乙、丙三个质量相同的单摆，它们的固有频率分别为f、4f、5f，都在频率4f的同一驱动力作用下做受迫振动，比较这三个单摆A它们的振幅相同B乙的振幅最大C它们的振动频率都是4fD甲、乙、丙的振动频率分别为f、4f、5f三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）要测绘额定电压为2 V的日常用小灯泡的伏安特性曲线，所

7、供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A电源E(电动势3.0 V，内阻可不计)B电压表V(量程为03.0 V，内阻约2 k)C电流表A(00.6 A，内阻约1 )D滑动变阻器R1(最大值10 )实验中要求电压表示数在02 V范围内变化，读取并记录下多组不同的电压值U和对应的电流值I，绘出伏安特性曲线如图 （1）画出实验原理图(请画在答题纸上) _；（2）由图线可知,灯丝电阻随电压升高而_；（填“增大”、“不变”或“减小”）（3）实验中产生系统误差的原因是：_；因为上述原因将使测量结果比真实值_（填“偏大”、“偏小”或“没有影响”）12（12分）某同学用以下器材接成图1所示的电

8、路，并将原微安表盘改画成如图2所示，成功地改装了一个简易的“R1k”的欧姆表，使用中发现这个欧姆表用来测量阻值在范围内的电阻时精确度令人满意，表盘上数字“15”为原微安表盘满偏电流一半处所供器材如下：A、的微安表一个；B、电动势，电阻可忽略不计的电池；C、阻值调至电阻箱R一个；D、红、黑测试表棒和导线若干；原微安表的内阻_；在图1电路的基础上，不换微安表和电池，图2的刻度也不改变，仅增加1个电阻，就能改装成“R1”的欧姆表要增加的电阻应接在_之间填a、b、，规格为_；保留两位有效数字画出改装成“”的欧姆表后的电路图_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必

9、要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，质量为的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O，轻绳OB水平且B端与放在水平面上的质量为的物体乙相连，轻绳OA与竖直方向的夹角，物体甲、乙均处于静止状态已知，取设最大静摩擦力等于滑动摩擦力则：（1）轻绳OA、OB受到的拉力分别是多大？（2）物体乙受到的摩擦力是多大？方向如何？（3）若物体乙的质量，物体乙与水平面之间的动摩擦因数，欲使物体乙在水平面上不滑动，则物体甲的质量最大不能超过多少？14（16分）如图所示，一个“V”型玻璃管倒置于竖直平面内，并处于E=1103V/m、方向竖直向下的匀强电场中，一个带负电的小球，重为G=110-3N

10、，电量q=210-6C，从A点由静止开始运动，球与管壁的摩擦因数=0.1已知管长AB=BC=2m，倾角a=37，且管顶B处有一很短的光滑圆弧求：（1）小球第一次运动到B时的速度多大?（2）小球运动后，第一次速度为0的位置在何处?（3）从开始运动到最后静止，小球通过的总路程是多少?(sin37=0.6，cos37=0.8)15（12分）我国的航天事业取得了巨大成就，发射了不同用途的人造地球卫星，它们在不同的轨道上绕地球运行若一颗质量为m的卫星绕地球做匀速圆周运动，卫星到地面的距离为h，已知引力常量G、地球质量M和地球半径R（1）求地球对卫星万有引力的大小F；（2）根据开普勒第三定律可知，不同的卫

11、星绕地球做匀速圆周运动时，它们的轨道半径r的立方和运动周期T的平方之比（）等于一个常量，求此常量的大小.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】已知通过的正负电荷的电荷量和时间，根据公式可求电路中电流的大小和从而判断电流的方向【详解】电路中电流的大小为：，方向与正电荷定向运动的方向相同，水平向右故选B2、D【解析】A图中平行金属板内部是匀强电场，a、b两点的电场强度相同，但b点的电势高于a点的电势故A错误B图中a、b两点处于同一等势线上，电势相等，电场强度大小相等，但方向不同故B错误C图中带电平板表面是一个等

12、势面，则a、b两点的电势相等，由电场线的疏密看出，a点的场强小于b点的场强故C错误D图中两等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线，则a、b两点的电势相等，根据对称性和电场线的分布可知，a、b两点的电场强度大小相等、方向相同故D正确故选D.点睛：掌握电场线和等势面的分布情况是解答本题的关键要注意电场强度是矢量，只有大小和方向都相同时，场强才相同3、A【解析】自然界中只存在正、负两种电荷，选项A正确；同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引，选项B错误；摩擦起电不是创造了电荷，而是电荷的转移，选项C错误；根据库仑定律，点电荷之间距离越大，则静电力也越小，选项D错误；故选A4、D【解析】小球做匀速圆周运动，

13、知靠洛伦兹力提供向心力，重力和电场力平衡，则电场力方向竖直向上，则小球带负电，根据小球所受的洛伦兹力方向，根据左手定则，小球沿顺时针方向运动，D正确5、D【解析】A、磁感应强度由磁场本身决定，与电流、导线长度、导线受到的安培力无关，故A错误；B、磁感应强度B是矢量，方向是小磁针N极在该点受力的方向，故B错误；C、磁感应强度B是矢量，根据左手定则可知，磁感应强度的方向与安培力F的方向垂直，故C错误；D、磁感应强度是描述磁场的强弱的物理量，是由磁场本身决定的，在确定的磁场中，同一点的磁感应强度B是确定的，不同点的磁感应强度B可能不同，故D正确；故选D。6、C【解析】CD.根据IU图象知，图线的斜率

14、表示电阻的倒数，所以R1R2=13。故C正确，D错误；A.将R1与R2两端加上相同电压，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1I2=31，故A错误;B.将R1与R2通过相同电流，电压比等于电阻之比，则两端电压之比：U1U2=13，故B错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】由图，金属棒与导电液体构成一个电容器，电源接通时，电容器的电压一定，电容C减小时，由电容的决定式分析电容减小时，h的变化，电源接通再断开，电容器的电量不变，

15、电压减小，再由电容的定义式分析电容的变化，由电容的决定式分析h的变化；【详解】A、电源接通时，电容器的电压一定，若电容C减小时，金属棒与导电液的正对面积减小，所以h减小，故A正确，B错误；C、电源接通再断开，电容器的电量不变，电压减小，由公式分析可知，C增大，金属棒与导电液的正对面积增大，所以h增大，故C错误，D正确。【点睛】本题是电容器动态变化分析问题，根据电容的定义公式和电容的决定因素进行综合分析。8、BCD【解析】A.由机械能守恒可知，mgR=mv2；解得b点时的速度为，故A不符合题意；B.对全程由动能定理可知，mgR-mgs=0解得bc两点间的距离为，故B符合题意；C.b点时，物体受重

16、力、支持力而做圆周运动，则由可得支持力F=3mg，由牛顿第三定律可知，物块对b点的压力为3mg； 故C符合题意；D.在滑动过程中，摩擦力所做的功等于机械能的损失，故机械能损失了mgs=mgR，故D符合题意；9、BCD【解析】AB. 照射到R3的光照强度增加时电阻减小，总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电流增大；路端电压减小；故电压表示数变小，电流表示数增大，故A错误，B正确；CD. 由于路端电压减小，故R1中功率变小，因总电流变大，R1中电流减小，故流过R2的电流增大，其功率变大，故CD正确。10、BC【解析】受迫振动的频率等于驱动力的频率，当系统的固有频率等于驱动力的频率时，系统达到共振，

17、振幅达最大则它们的振动频率都是4f，且乙的振幅最大,所以BC正确，AD错误故选BC点睛：本题应明确受迫振动的频率等于驱动力的频率，而当驱动力的频率等于物体的固有频率时，物体的振动最强烈三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 增大 电压表的分流 偏小 【解析】由题意可知考查描绘小灯泡伏安特性曲线实验原理，数据处理及误差分析，根据实验原理分析可得。【详解】(1)1分析伏安特性曲线可知小灯泡最大电阻约为4 ，属于小电阻，为减小误差电流表采用外接法，描绘伏安特性曲线时要求电压、电流从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法。故画出的电路图如下所示：(

18、2)2 在I-U图象中，割线的斜率的倒数表示电阻的大小，随着电压的增大，斜率减小，说明电阻增大。(3)3 实验中产生系统误差的原因是电压表的分流作用。 4电压表测量值等于真实值，但是电流测量值大于真实值，这样测的电阻值比真实值偏小。【点睛】设待测电阻为R，电测表内接、外接选择原则：属于大电阻，采用内接法。要求电流、电压从零开始变化时滑动变阻器一定选择分压式接法。12、（1）1k；（2）a、c，15；（3）电路图如图所示【解析】试题分析：（1）根据“使用中发现这个欧姆表用来测量阻值在10k20k范围内的电阻时精确度令人满意”说明在测阻值在10k20k的电阻时欧姆表的指针在刻度盘的中间附近，由此可

19、结合刻度盘确定此表的中值电阻，即表内总电阻约为R总=15k（相当于欧姆表选择量程于1 k 挡）当表笔短接时，电流满偏，根据欧姆定律有：代入E、R、I g 的值可得Rg=1 k（2）要减少把原表改装成“R x 1”的欧姆表，就要减少表的内阻，依题意，显然只有在ac之间并联一个小电阻R才能使表内总电阻等于中值电阻R并=15根据R并=,代入R以及Rg的数值可计算可得R15(保留两位有效数字)（3）画出改装成“R1”的欧姆表后的电路图如图3所示考点：欧姆表的原理四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）、；（2）【解析】试题分析：（1）以结点O为研究对象，如图，沿水平方向和竖直方向建立直角坐标系，将分解，由平衡条件有：，联立得，故轻绳OA、OB受到的拉力分别为、；（2）人水平方向受到OB绳的拉力和水平面的静摩擦力，受力如图所示，由平衡条件得：方向水