西藏拉萨市2023学年物理高二第一学期期中监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在竖直平面内，ABCD且A、B、C、D位于同一半径为r的圆上，在C点有一固定点电荷，电荷量为Q现从A点将一质量为m、电荷量为q的点电荷由静止释放，该点电荷沿光滑绝缘轨道A

2、DB运动到D点时的速度大小为4已知重力加速度为g规定电场中B点的电势为零，则在Q形成的电场中，下列说法不正确的是（）AA点的电势低于D点的电势BD点的电场强度大小是A点的倍CD点的电势为D点电荷q在D点具有的电势能为-7mgr2、阻值相等的四个电阻、电容器及电池内阻可忽略连接成如图所示电路开关S闭合且电流稳定时,C所带的电荷量为,断开开关S,电流再次稳定后,C所带的电荷量为，则与的比值为 ABCD3、如图所示，一个边长L、三边电阻相同的正三角形金属框放置在磁感应强度为B的匀强磁场中。若通以图示方向的电流(从A点流入，从C点流出)，电流为I，则金属框受到的磁场力的合力为（ ）A0 BILB C4

3、3ILB D2ILB4、如图，两个带电金属小球中心距离为r，带电荷量相等为Q，则它们之间电荷的相互作用力大小F的说法正确的是（）A若是异种电荷B若是同种电荷C若是异种电荷D不论是何种电荷5、如图所示的电路中，电源内阻不计，当开关S闭合且电路稳定时，电容器C带电荷量为；当开关S断开且电路稳定时，电容器C带电荷量为，则（ ）ABCD6、如图所示，用两根轻质细绝缘线把两个等质量的带电小球悬挂起来，球带电，球带电，且两球间的库仑力小于球的重力，即两根线都处于竖直绷紧状态，现加一水平向右的匀强电场，平衡时，表示两小球平衡状态的是（ ）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给

4、出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在空间 O 点固定带正电的点电荷 Q，其电场的电场线如图所示，在其电场中的 A 点有一个带电粒子 q（重力不计）。若给带电粒子一个垂直于 OA 方向的初速度 v0，在只受电场力的作用下，以下说法中正确的是A若 q 为负电荷，则q 可能做匀速圆周运动B若q 为负电荷，则q 可能做匀变速曲线运动C若 q 为正电荷，则 q 的电势能可能增大D若q 为正电荷，则 q 一定做远离 O 点的变加速曲线运动8、美国物理学家密立根利用图甲所示的电路研究金属的遏止电压Uc与入射光频率的关系，描绘出图乙中的图象，

5、由此算出普朗克常量h。电子电量用e表示，下列说法正确的是（ ）A入射光的频率增大，为了测遏止电压，则滑动变阻器的滑片P应向M端移动B增大入射光的强度，光电子的最大初动能也增大C由图像可知，这种金属的截止频率为D由图像可求普朗克常量表达式为9、如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，闭合开关k，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电流表、电压表V2示数变化量的绝对值分别为I、U2，下列说法正确的是AI减小BU1、U2均减小C变小，变大D10、如图所示,圆形导体线圈a平放在绝缘水平桌面上,在a的正上方固定一竖直螺线管b,二

6、者轴线重合,螺线管、电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路。若将滑动变阻器的滑片P向上滑动,下列说法中正确的有( )A穿过线圈a的磁通量增大B线圈a对水平桌面的压力小于其重力C线圈a中将产生俯视逆时针方向的感应电流D线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）电火花计时器使用的是_电源(填“直流”或“交流”)，工作电压是_V，若电源的频率是50Hz，则每隔_秒打一个点12（12分）某同学利用下列器材测定一个蓄电池的电动势和内阻蓄电池的电动势约为4VA量程是0.6A内阻约为0.5的电流表B量程是5V，内阻

7、是6k的电压表C量程是15V，内阻是30k的电压表D阻值为0-1k，额定电流为0.5A的滑动变阻器E.阻值为0-10，额定电流为2A的滑动变阻器F.定值电阻，额定功率4WG.开关S一个，导线若干(1)为了减小实验误差，电压表应选择_(填器材代号)，图中的导线应连接到处_(填“a”或“b”)，改变滑动变阻器阻值的时候，为了使电压表和电流表的读数变化比较明显，滑动变阻器应选择_(填器材代号)(2)用(1)问中的实验电路进行测量，读出电压表和电流表的读数，画出对应的U-I图线如图所示，由图线可得该蓄电池的电动势E= _V，内阻r=_(结果保留两位有效数字)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写

8、在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）A、B是地球的两颗卫星，其轨道半径分别为RA和RB，某时刻B卫星正好位于A卫星的正上方，如图所示。已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g。(1)求这两颗卫星的周期。(2)至少经过多长时间，B卫星再次运动到A卫星的正上方?14（16分）如图所示，物体A通过定滑轮与动滑轮相连，物体B和物体C挂在动滑轮上，使系统保持静止状态，现在同时释放三个物体，发现物体A保持静止不动.已知物体A的质量kg，物体B的质量kg，物体C的质量为多大？（不计滑轮和绳子的质量和摩擦，重力加速度g取10m/s2）15（12分）如图所示，虚线左

9、侧有一场强为的匀强电场，在两条平行的虚线和之间存在着宽为、电场强度为的匀强电场，在虚线右侧相距为处有一与电场平行的屏现将一电子（电荷量为，质量为）无初速度地放入电场中的点（点离两场边界距离为），最后电子打在右侧的屏上，连线与屏垂直，垂足为，求：（1）电子从释放到刚射出电场出时的速度大小（2）电子刚射出电场时的速度方向与连线夹角的正切值（3）电子打到屏上的点到点的距离参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A、由题意可知，沿着电场线的方向，电势降低，而电场线会聚于负电荷，则A点的电势低于D点电势，故A错误；B、

10、D点的电场强度大小，A点的电场强度大小，D点的电场强度大小是A点的一半，故B错误；CD、-q电荷从A到D运动，根据动能定理，则有解得规定电场中B点的电势为零，则有A点的电势为零，因由A到D点电场力做正功，则电势能减小，因此D点的电势能为，根据公式，故C正确，D错误；故选C2、A【解析】电路中四个电阻阻值相等，开关S断开时，外电路的连接等效为图1，电路的总电阻当开关S闭合后，外电路的连接等效为图2，电路的总电阻由于不计电池的内阻，设每个定值电阻的阻值为R，根据串并联电路的特点，开关S断开时，电容器两端的电压为当开关S闭合时，电容器两端的电压为由Q=CU可知，Q1：Q2=U1：U2=5：3故A正确

11、。3、B【解析】解：由图示可知，电流由A流入，从C流出，则有电流从A到C直导线，与从A到B再到C两直导线，从A到B再到C两直导线，产生的安培力，可等效成从A到C直导线产生的安培力，由于总电流强度为I，因此金属框受到的磁场力BIL，故B正确，ACD错误；故选：B考点：安培力分析：由安培力公式F=BILsin分析答题，其中L是通电导线的有效长度，是导线在磁场中两端点间的距离点评：正确理解安培力公式F=BILsin中各符合所表示的物理量是正确解题的关键，分析清楚图示情景，求出导线有效长度L即可正确解题4、C【解析】AC若是异种电荷，电荷间相互吸引，导致电荷间距比r还小，因此库仑力，故A错误，C正确；

12、BD若是同种电荷，电荷间相互排斥，导致电荷间距比r还大，因此库仑力，故BD错误。故选C。5、A【解析】开关断开稳定时，电路中没有电流，电容器的电压等于电源的电动势，即为 开关闭合稳定时，电容器的电压等于电阻R2两端的电压，则有对于给定电容器，电容不变，由得故A正确。6、D【解析】首先取整体为研究对象，整体受到重力，电场力和上面绳子的拉力，由于两个电场力的矢量和为：，方向向左，所以上边绳子向左偏，设绳与竖直方向的夹角为则由平衡条件得：，再对B电荷研究可知，负电荷受到的电场力水平向右，所以下面的绳子向右偏转，设下面的绳子与竖直方向夹角为，则：，可见则，故D正确，ABC错误故选D【点睛】以整体为研究

13、对象，根据平衡条件分析上面绳子的倾斜状态，以B为研究对象受力分析，根据平衡条件判断下面绳子的倾斜状态二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A. 若 q 为负电荷，当粒子受到的电场力恰好和粒子做圆周运动的向心力的大小相等时，粒子做匀速圆周运动，故A正确。B. 当粒子做曲线运动时，粒子受到的电场力的大小要改变，所以粒子将做的是变加速曲线运动，故B错误。C. 若q为正电荷，那么粒子一定会向远离电荷的方向运动，电场力做正功，则q的电势能逐渐的减小，故C错误。D. 若

14、q为正电荷，那么粒子一定会远离电荷，受到的电场力的大小逐渐的减小，是变速运动，故D正确。8、CD【解析】A入射光的频率增大，光电子的最大初动能增大，则遏止电压增大，测遏制电压时，应使滑动变阻器的滑片P向N端移动，A错误；B根据光电效应方程知，光电子的最大初动能与入射光的强度无关，B错误；CD根据解得则当遏止电压为零时，故CD正确。故选CD。9、AD【解析】ABP下滑，R2增加则总电阻增加，则I变小，内电压变小，路端电压变大，则U3变大，根据欧姆定律可知，定值电阻R1两端的电压U1变小，滑动变阻器R2两端的电压U2变大，故A正确，B错误；C根据闭合电路欧姆定律可知解得恒定不变，故C错误；D根据伏

15、安特性曲线可知恒定不变，根据闭合电路欧姆定律得则故D正确10、BD【解析】试题分析：当滑动触头P向上移动时电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知通过线圈b的电流减小，b线圈产生的磁场减弱，故穿过线圈a的磁通量变小；根据b中的电流方向和安培定则可知b产生的磁场方向向下穿过线圈a，根据楞次定律，a中的感应电流的磁场要阻碍原来磁场的减小，故a的感应电流的磁场方向也向下，根据安培定则可知线圈a中感应电流方向俯视应为顺时针，故A错误，C错误，D正确开始时线圈a对桌面的压力等于线圈a的重力，当滑动触头向上滑动时，可以用“等效法”，即将线圈a和b看做两个条形磁铁，不难判断此时两磁铁互相吸引，故线圈a对水平桌面的压

16、力将减小，故B正确故选BD.考点：安培定则；楞次定律三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、交流 220 0.02 【解析】电火花打点计时器使用的是交流电源，工作电压是220V，若电源的频率是50Hz，则每隔0.02秒打一个点12、B E 4.2 1.33 【解析】（1）蓄电池的电动势约为3 V，电压表C的量程太大，选电压表选B；导线接处，电压表内阻已知，与电池串联的定值电阻阻值已知，有利于准确测出电池的内阻；（2）由图线在纵轴上的截距可得蓄电池的电动势E3.2 V，图线斜率的绝对值|k|5.3 ，减去与电池串联的定值电阻的阻值4 ，可得电

17、池的内阻r1.3 .【点睛】（1）根据蓄电池的电动势选择电压表的量程；根据电压表内阻已知，与电池串联的定值电阻阻值已知，从减小误差的角度选择测量电路；（2）由图像的纵轴截距可得电动势，由图线斜率的绝对值减去与电池串联的定值电阻的阻值可得电源内阻四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) ；(2)【解析】(1)万有引力提供卫星做匀速圆周运动的向心力，有=mARA=mg可得A卫星的周期TA=同理可得，B卫星的周期TB=(2)要B卫星再次运动到A卫星的正上方，则A卫星至少要比B卫星多转过2的角度，设时间为t，则（）=2解得：t=14、2kg；【解析】设C的质量为，与A相连绳子拉力为，与B、C相连绳子拉力为 （1） （2） （3） （4）解得 15、（1） (2)2(3)3L【解析】（1）电子在电场E1中做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为，时间为，由牛顿第二定律得：，由得：，电子进入电场E2时的速度为：，进入电场E2到屏水平方向做匀速直线运动，时间为：，电子从释放到打到屏上所用的时间为：，联立求解得：；（2）设粒子射出电场E2时平行电场方向的速度