2023学年山西省原平市范亭中学高二物理第一学期期中质量跟踪监视试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两根长度均为L的绝缘细线分别系住质量相等、电荷量均为+Q的小球a、b，并悬挂在O点当两个小球静止时，它们处在同

2、一高度上，且两细线与竖直方向间夹角均为=30，如图所示，静电力常量为k，则每个小球的质量为（ ）ABCD2、两个带等量正电荷的点电荷，O点为两电荷连线的中点，a点在连线的中垂线上，若在a点由静止释放一个电子，如图1所示，关于电子的运动，下列说法正确的是()A电子在从a向O运动的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B电子在从a向O运动的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C电子运动到O时，加速度为零，速度最大D电子通过O后，速度越来越小，加速度越来越大，一直到速度为零3、2019年5月17日，我国在西昌卫星发射中心成功发射了第四十五颗北斗导航卫星，该卫星属地球静止轨道卫星。若地球的自转周期为T，

3、这颗卫星在轨运行的线速度大小为v，下列说法正确的是（）A卫星离地的高度为B卫星可以定点在北京正上空C卫星在运行过程中的动量保持不变D卫星在运行过程中的动能保持不变4、如图所示，在水平力F作用下，物体B沿粗糙程度相同的水平地面向右运动，使物体A恰好匀速上升，那么以下说法正确的是()A斜绳与水平方向成45时，vA：vB=1：1B物体B正向右做加速运动C物体B正向右做减速运动D地面对B的摩擦力减小5、下列关于电场线和等势面的几种说法中,正确的有（ ）A在多个电荷产生的电场中,电场线是可以相交的B同一等势面上各点电场强度一定相等C电场线越密的地方,同一试探电荷所受的电场力越大D点电荷在电场中的运动轨迹

4、一定跟电场线是重合的6、如图所示，电场强度为E的匀强电场中,沿电场强度方向有A、B、C、D四点,且AB= BC=CD=L,在A、C两点分别引入带异号电荷的点电荷，且电荷量大小满足QA=KQc现测得B处电场强度的大小为2E,D处电场强度的大小为E,则倍数K为( )A1.5B2C3D2.5二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，有三个质量相等，分别带正电、负电和不带电的质点，由两水平极板正中，以相同的初速度v0，先后垂直匀强电场射入，并分别落在负极板上甲、乙、丙三处

5、，可以判断()A甲处质点带正电，乙处质点不带电，丙处质点带负电B三个质点在电场中的运动时间相等C三个质点在电场中的加速度a甲a乙a丙D三个质点到达负极板的动能E丙E乙E甲8、如图所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m和3m的两物块甲、乙连接，静止在光滑的水平面上现在使甲瞬时获得水平向右的速度v04m/s，从甲物体开始运动，到弹簧再次回复原长的过程中（）A乙物体直做加速运动，加速度先减小后增大B甲物体的速度减小到1m/s时，弹簧最短C弹簧再次回复原长时，甲物体的速度为2m/sD弹簧再次回复原长时，乙物体的速度为2m/s9、如图所示，质量为M的楔形物体静止在光滑的水平地面上，其斜面光滑且足够长，与水平

6、方向的夹为一个质量为m的小物块从斜面底端沿斜面向上以初速度开始运动当小物块沿斜面向上运动到最高点时，速度大小为v,距地面高度为h,则下列关系式中正确的是（ ）Am=(m+M)vBmcos=(m+M)vCD10、如图所示，A、B、C三个小球（可视为质点）的质量分别为m、2m、3m，B小球带负电，电荷量为q，A、C两小球不带电（不考虑小球间的静电感应），不可伸长的绝缘细线将三个小球连接起来悬挂在O点，三个小球均处于竖直向上的匀强电场中，电场强度大小为E，以下说法正确的是（）A静止时，A、B两小球间细线的拉力为5mg+qEB静止时，A、B两小球间细线的拉力为5mgqEC剪断O点与A小球间细线的瞬间，

7、A、B两小球间细线的拉力为qED剪断O点与A小球间细线的瞬间，A、B两小球间细线的拉力为qE三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图1所示电路测量电源的电动势和内阻实验器材：待测电源（电动势约3V，内阻约2），保护电阻R1（阻值10）和R2（阻值5），滑动变阻器R，电流表A，电压表V，开关S，导线若干实验主要步骤：（i）将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关；（）逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I；（）在图2中，以U为纵坐标，I为横坐标，做UI图线_（U、I都用国际单位）；（）求出UI

8、图线斜率的绝对值k和在横轴上的截距a回答下列问题：（1）电压表最好选用_；电流表最好选用_A电压表（03V，内阻约15k） B电压表（03V，内阻约3k）C电流表（0200mA，内阻约2） D电流表（030mA，内阻约2）（2）滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大两导线与滑动变阻器接线柱连接情况是_A两导线接在滑动变阻器电阻丝两端接线柱B两导线接在滑动变阻器金属杆两端接线柱C一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接线柱D一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱，另一条导线接在电阻丝右端接线柱（3）选用k、a、R1和R2表示待测电源的电动势E和内阻r的表达式E

9、=_，r=_，代入数值可得E和r的测量值12（12分）利用两个小球的碰撞验证动量守恒定律，实验装置如图所示。两个小球大小相同，质量不相等。主要实验步骤如下：用天平测出两个小球的质量分别为m1和m2（）；将斜槽靠近桌子边缘置于桌面上固定，使斜槽末端切线水平，在末端点挂上重垂线，在地面已经铺好的纸上记录重垂线所指位置O点；不放置被碰小球b，让小球a从某固定点自由滚下，重复多次后记录落地点平均位置P；在斜槽末端放置小球b，让小球a从同一点自由滚下，重复多次后记录两小球落地点平均位置M和N；用米尺测量OP、OM、ON的距离。（1）a、b两小球中质量较大的是小球_（填“a”或b”）。（2）因为两小球做平

10、拋运动的时间相同，平拋运动的水平位移与初速度_，所以在计算式中可以用水平位移取代初速度。（3）用测得的物理量来表示，只要满足关系式_，则说明碰撞中动量是守恒的。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）已知如图，a、b、c、d四点在同一直线上b、c两点间的距离等于c、d两点间的距离在a点固定放置一个带电量为Q点电荷将另一个电荷量为q的点电荷从a、b 间的某一点由静止释放，它通过b、d两点时的动能依次为20eV和100eV，则它通过c点时的动能一定_60 eV（填大于、等于或小于）14（16分）如甲图所示，两相距L

11、=1m的平行金属导轨固定于水平面上，导轨左端与阻值R=1的电阻连接，导轨间虚线右侧存在垂直导轨平面的匀强磁场质量m=0.1kg的金属杆垂直置于导轨上，与导轨接触良好，导轨与金属杆的电阻可忽略杆在水平向右的恒定拉力作用下由静止开始运动，并始终与导轨垂直，其v-t图像如图所示在10s末撤去拉力，同时磁感应强度随时间变化，使金属杆中电流为零金属杆运动过程中与导轨间摩擦力保持不变求：(1)金属杆所受的拉力的大小；(2)0-10s内匀强磁场的磁感应强度大小；(3)10s-15s内，磁感应强度B与时间t的关系式15（12分）如图所示，绝缘水平面上有相距的两滑块A和B，滑块A的质量为2m，电荷量为+q，B是

12、质量为m的不带电的金属滑块。空间存在有水平向左的匀强电场，场强为。已知A与水平面间的动摩擦因数，B与水平面间的动摩擦因数，A与B的碰撞为弹性正碰，碰撞时间极短，碰撞后A、B所带电荷量相同且总电荷量始终不变（g取10m/s2）。试求：（1）A第一次与B碰前的速度的大小；（2）A第二次与B碰前的速度大小；（3）A、B停止运动时，B的总位移。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】对小球进行受力分析，如图所示：设绳子对小球的拉力为T，根据平衡条件，结合三角知识，可得：，根据库仑定律得，小球在水平方向受到库仑力的大小

13、为：，解得：，故A正确，BCD错误点睛：对其中一个小球受力分析，由共点力的平衡条件可得出小球所受重力的大小与库仑力大小的数量关系，由库仑力公式可得出小球受到的库仑力的大小，再求得小球的质量2、C【解析】在等量同种电荷连线中垂线上电场强度方向Oa，电子从a点到O点运动的过程中，电场力方向aO，故加速度向下，与速度同向，故速度越来越大；但电场线的疏密情况不确定，O点上方的电场强度最大点位置不确定，故电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况无法判断故AB错误；越过O点后，电子做减速运动，则点电荷运动到O点时速度最大电场力为零，加速度为零故C正确根据电场线的对称性

14、可知，越过O点后，电子做减速运动，加速度的变化情况无法判断故D错误故选C【点睛】本题考查对等量同种电荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性；同时要能够结合力与运动的关系进行分析3、D【解析】AB. 同步卫星轨道在赤道上空，不可能定点在北京，根据线速度公式 可知，轨道半径为故离地高度小于，故AB错误；CD.卫星匀速圆周运动，速度大小不变，则动能不变，但速度方向时刻改变，则动量时刻改变，故C错误D正确。故选D。4、C【解析】将B的运动分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向上的分速度等于A的速度，如图所示：根据平行四边形定则有：vBcos=vA，因斜绳与水平成45时，v

15、A：vB=1：2，故A错误；根据vBcos=vA，所以vB=vAcos，减小，所以B的速度减小，但不是匀减速，故B错误，故C正确；A匀速直线运动，说明绳的拉力大小恒等于重力，减小，拉力在水平方向分力增大，竖直方向分力减小，根据FN=mg-Fy知支持力增大，f=FN增大，故D错误。所以C正确，ABD错误。5、C【解析】电场线不能相交，否则交点处场强的方向有两个，而同一电场中各点的场强是唯一的，故A错误。同一等势面上各点电场强度不一定相等，例如在正的点电荷为中心的球面上各点的场强大小相等，方向不同，选项B错误；电场线是用来表示电场中电场强度的方向和大小的，电场线越密，表示电场强度越大，由公式F=q

16、E知，同一试探电荷所受的电场力越大，故C正确。点电荷在电场中的运动轨迹不一定跟电场线是重合的。只有当电场线是直线，而且点电荷从静止开始释放或初速度与电场线共线时，点电荷才可能沿电场线运动，故D错误。故选C。【点睛】本题要理解电场线的意义，知道电场线的疏密表示电场强度的相对大小通过实例分析电场线与电荷运动轨迹的关系6、A【解析】由于测得B处电场强度的大小为2E，则两点电荷在B处形成的电场强度应为E，根据点电荷电场强度公式和场强叠加原理方向向右；测得D处电场强度的大小为E，两点电荷在D处形成的电场强度应为E，方向向左，则联立解得：K=1.1A1.1故A符合题意 B2故B不符合题意 C3故C不符合题

17、意 D2.1故D不符合题意二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】试题分析：三个质点在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动，从题中可知，质点在水平方向上的速度相等，所以对甲有：x1=v0t1，对乙有：x2=v0t2，对丙有：x3=v0t3而x1x2t2t1；B错误，在竖直方向上的位移相等，设为d，对甲有：d=12a1t12，对乙有：d=12a2t22，对丙有：d=12a3t32结合t3t2t1，可得a3a2a1，C正确，故甲带正电

18、，乙不带电，丙带负电，A正确，过程中电场力对甲做正功，对乙不做功，对丙做负功，所以甲的动能最大，丙的最小，故D错误考点：考查了带电粒子在电场中的运动，点评：做本题的关键是理解质点在电场中的运动性质，结合水平方向速度相等，竖直方向位移相等，运用运动学规律解题8、BD【解析】A.弹簧从原长开始被压缩到恢复原长的过程，乙物体受到的弹力始终向右，所以乙物体一直做加速运动，弹力先增大后减小，所以加速度先增大后减小，故A错误；B.由动量守恒定律得：解得：此时甲、乙速度相等，所以弹簧最短，故B正确；CD.弹簧再次回复原长时，设甲、乙的速度分别为、，由动量守恒定律得：由机械能守恒定律得：联立解得：，故C错误，

19、D正确9、BC【解析】小物块上升到最高点时，速度与楔形物体的速度相同，小物块与楔形物体组成的系统水平方向不受外力，系统水平方向动量守恒，根据水平方向动量守恒和机械能守恒列式即可求解【详解】小物块上升到最高点时速度与楔形物体的速度相同，均为v系统水平方向不受外力，水平方向动量守恒以水平向右为正方向，由水平方向系统动量守恒得：mv0cos=（m+M）v，故A错误，B正确；由于只有重力做功，所以系统的机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgh+（m+M）v2=mv02，故C正确，D错误；故选BC【点睛】本题主要考查了动量守恒定律和机械能守恒定律的直接应用，要知道小物块上升到最高点时，竖直方向速度为零，系

20、统水平方向动量守恒，但总动量不守恒10、AC【解析】AB静止时，对AB球整体进行受力分析，则有：T=2mg+3mg+Eq=5mg+Eq故A正确，B错误；CD假设B球也不带电，则剪断OA线瞬间，A、B、C三个小球一起以加速度g自由下落，互相相对静止，AB、BC间拉力为0.若B球带负电，则相当于在上述状态下给B球瞬间施加一个竖直下下的电场力qE，电场力 qE对A、B球整体产生一个竖直向下的加速度，此时A、B球的加速度为aA=g+（显然大于g），C球以加速度g保持自由下落，以A球为研究对象可得A、B球间细线的拉力为T，由牛顿第二定律，则有T+mg=maA解得T=qE故C正确，D错误。故选AC。三、实

21、验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 A； C； C； ka； k-R2【解析】(1)电压表并联在电路中，故电压表内阻越大，分流越小，误差也就越小，因此应选内阻较大的A电压表；当滑动变阻器接入电阻最小时，通过电流表电流最大，此时通过电流表电流大小约为；因此，电流表选择C；(2)分析电路可知，滑片右移电压表示数变大，则说明滑动变阻器接入电路部分阻值增大，而A项中两导线均接在金属柱的两端上，接入电阻为零；而B项中两导线接在电阻丝两端，接入电阻最大并保持不变；C项中一导线接在金属杆左端，而另一导线接在电阻丝左端，则可以保证滑片右移时阻值增大；而D项

22、中导线分别接右边上下接线柱，滑片右移时，接入电阻减小；故D错误；故选：C；(3)由闭合电路欧姆定律可知：U=EI（r+R2），对比伏安特性曲线可知，图象的斜率为k=r+R2； 则内阻r=KR2； 令U=0，则有： ； 由题意可知，图象与横轴截距为a，则有： ；解得：E=Ka； 点晴：本题考查测量电源的电动势和内电阻实验中的仪表选择以及数据处理，要注意明确根据图象分析数据的方法，重点掌握图象中斜率和截距的意义12、a 成正比 【解析】（1）1为防止两小球碰撞后，入射小球反弹，入射小球的质量应大于被碰小球的质量，即小球a的量m1。（2）2因为两小球做平拋运动的时间t相同，水平位移x=vt所以即平抛运动的水平位移与初速度成正比，在计算式中可以用水平位移取代初速度。（3）3要验证动量