吉林省乾安县第七中学2023学年物理高二第一学期期中质量跟踪监视试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变,在两极板间插入一电介质,其电容C 和两极板间的电势差U 的变化情况是AC 和U 均增大BC 增大,U 减小CC 减小

2、,U 增大DC 和U 均减小2、如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O为半圆弧的圆心，MOP91，在M、P处各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有垂直纸面向里、大小相等的恒定电流，这时O点的磁感应强度大小为B1若将P处长直导线移开，则O点的磁感应强度的大小为( )ABCD3、如图所示，两根细线拴着两个质量相同的小球A、B，上、下两根细线中的拉力分别是TA、TB，现在使A、B带同种电荷，此时上、下细线受力分别为TA、TB，则（ ）ATA=TA，TBTBBTA=TA，TBTBCTATA，TBTBDTATA，TBTB4、如图所示，放在水平面上的物体受到一个与水平方向成角的拉力F作用

3、，把F分解为水平方向和竖直方向两个分力，则水平分力大小为（ ）AFsin BFcos CFtan DFcot5、如图所示，a、b、c表示点电荷电场中的三个等势面，它们的电势分别为、 2、 3(0)，该中心处的点电荷的电性为( ) A不带电B负电C正电D无法判断6、计数器因射线照射，内部气体电离，在时间t内有n个二价正离子到达阴极，有2n个电子到达阳极，则计数器中的电流强度为（ ）A0B2ne/tC3ne/tD4ne/t二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示为两电

4、阻R1和R2的伏安特性曲线。若在两电阻两端加相同的电压，关于它们的电阻值及电流比较，下列说法正确的是（ ）A电阻R1的阻值较大B电阻R2的阻值较大C电阻R1的电流较大D电阻R2的电流较大8、某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标上，如图中的a、b、c所示，根据图线可知（ ）A反映Pr变化的图线是cB电源电动势为4VC电源内阻为4D当电流为0.5A时，外电路的电阻为69、如图所示，用三根长度相同的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中三个带电小球质量相等，A球带正电，平衡时三根绝缘细线都是直的，但拉力都为零则AB球和C球都带负电荷BB

5、球带负电荷，C球带正电荷CB球和C球所带电量一定相等DB球和C球所带电量不一定相等10、关于电势差和电势甲、的理解，下列说法正确的是（）A表示B点相对于A点的电势差，即B和是不同的，它们有关系C、都有正、负，所以电势是矢量D电势点的规定是任意的，但人们通常规定大地或无穷远处为零电势点三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图是一个多用欧姆表挡内部电路示意图。电流表满偏电流为0.5mA、内阻为10，电池电动势为1.5V ，内阻1；变阻器R0阻值05000。（1）该欧姆表的刻度值是按电池电动势为1.5V刻度的，当电池的电动势下降到1.4

6、5V、内阻增大到4时仍可调零。调零后R0阻值将变_（选填“大”或“小”）；（2）若该欧姆表换了一个电动势为1.5V，内阻为10的电池，调零后测量某电阻的阻值，其测量结果_（选填“偏大”、“偏小”或“准确”）。12（12分）（1）用如图1所示的装置，来验证碰撞过程中的动量守恒图中PQ是斜槽，QR为水平槽O点是水平槽末端R在记录纸上的垂直投影点，A、B两球的质量之比mA：mB3：1先使A球从斜槽上某一高度处由静止释放，在水平地面的记录纸上留下落点痕迹P，重复10次，得到10个落点再把B球放在水平槽上的末端R处，让A球仍从同一高度处由静止释放，与B球碰撞，碰后A、B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹

7、，重复10次A、B两球在记录纸上留下的落点痕迹如图2所示，其中米尺的零点与O点对齐碰撞后A球的水平射程应取_cm本实验巧妙地利用小球飞行的水平距离表示小球的水平速度下面的实验条件中，可能不能使小球飞行的水平距离的大小表示为水平初速度大小的是_A使A、B两小球的质量之比改变为5：1B升高小球初始释放点的位置C使A、B两小球的直径之比改变为1：3D升高桌面的高度，即升高R点距地面的高度利用此次实验中测得的数据计算碰撞前的总动量与碰撞后的总动量的比值为_（结果保留三位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）

8、利用电动机通过如图所示的电路提升重物，已知电源电动势E6 V，电源内阻r1 ，电阻R3 ，重物质量m0.10 kg，当将重物固定时，电压表的示数为5 V，当重物不固定，且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为5.5 V，求重物匀速上升时的速度大小(不计摩擦，g取10 m/s2)14（16分）如图所示，两平行光滑倾斜导轨相距为21cm，倾角=45，金属棒MN的质量为11g，金属棒的电阻R1=8，匀强磁场的磁感应强度B方向竖直向下，大小为18T，电源电动势为11V，内阻r=1，当电键S闭合时，金属棒MN处于平衡状态，求变阻器R2的取值为多少？（g取11m/s2）15（12分）两个质量

9、都是M=0.4kg的砂箱A、B并排放在光滑的水平桌面上，一颗质量为m=0.1kg的子弹以v0=140m/s的水平速度射向A，如图所示.射穿A后，进入B并同B一起运动，测得A、B落点到桌边缘的水平距离SA:SB=12，求：(1)沙箱A离开桌面的瞬时速度；(2)子弹在砂箱AB中穿行时系统一共产生的热量Q.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】解：由公式知，在两极板间插入一电介质，其电容C增大，由公式知，电荷量不变时U减小，B正确故选B【点评】本题考查了等容的定义式和决定式的配合应用2、B【解析】根据安培定则可知

10、，两导线在O点形成的磁感应强度如图所示：合磁感应强度大小为B1.则根据几何关系可知，两导线单独形成的磁感应强度大小为B1，故B正确，ACD错误故选B.3、A【解析】带电前：对B有：TB=GB对AB组成的整体有：TA=GA+GB带电后：对B有：TB=F电+GB对整体：TA=GA+GB综上所述： TA= TA，TB TB故A正确，BCD错误【点睛】处于受力平衡状态的物体在求解或进行大小变化的判断时，只要选好研究对象进行正确的受力分析，应用平衡条件判断即可4、B【解析】将力F分解为水平方向和竖直方向，则水平分力大小为Fx=Fcos，故选B.5、B【解析】由于abc三个等势面的电势分别为、（），则电场

11、线的方向指向同心圆的圆心；根据“电场线方向一定是从电势高的等势面指向电势低的等势面”可知，该点电荷的电性为负电荷故B正确，ACD错误，故选B.6、D【解析】由题：在时间t内有n个二价正离子到达阴极，有2n个电子到达阳极可知，q=n2e+2ne=4ne由电流公式I=，所以D对二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】ABI-U图像的斜率表示电阻的倒数，由图可知，电阻R2的阻值较大，故A错误，B正确；CD图示图象可知，U相同时，I1I2，故C正确，D错误。8、ABD

12、【解析】A. 根据直流电源的总功率PE=EI内部的发热功率Pr=I2r输出功率PR=EI-I2r可知反映Pr变化的图线是c，反映PE变化的是图线a，反映PR变化的是图线b，故A正确。B. 图线a的斜率等于电源的电动势，由得到故B正确。C. 由图，当I=2A时，Pr=8W，由公式Pr=I2r得r=2故C错误。D. 当电流为0.5A时，由图读出电源的功率PE=2W，由代入得到，R=6故D正确。9、AC【解析】B球受重力及A、C对B球的库仑力而受于平衡状态；则A与C球对B球的库仑力的合力应与重力大小相等，方向相反；而库仑力的方向只能沿两电荷的连线方向，故可知A对B的库仑力应指向A，C对B的作用力应指

13、向B的左侧；则可知B、C都应带负电；故A正确、B错误；由受力分析图可知，A对B的库仑力应为C对B库仑力的2倍，故C带电量应为A带电量的一半；同理分析C可知，B带电量也应为A带电量的一半，故B、C带电量应相同；故C正确，D错误；故选AC点睛：库仑定律考查一般都是结合共点力平衡进行的，因此解题的关键在于做出受力分析图，明确库仑力的方向；则可利用共点力的平衡条件进行解答10、BD【解析】A表示A点相对于B点的电势差，A错误：B表示B点相对于A点的电势差，故，B正确；C电势是标量，正、负号是相对于零电势点而言的，正号表示高于零电势点，负号表示低于零电势点，C错误；D零电势点理论上是可以任意选取的，但通

14、常取无穷远处或大地为零电势点，D正确.故选BD.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、小 准确 【解析】(1)1 欧姆表内阻电流表满偏电流Ig不变，电源电动势E变小，则欧姆表总内阻要变小，故R0的阻值调零时一定变小；(2)2因电动势不变，故欧姆调零后的中值电阻不变；故测量结果是准确的；12、14.4514.50 C 1.011.02 【解析】根据图像得，A球落点应取所有点迹组成小圆的圆心，A球的水平射程为14.4514.50cmA.改变小球的质量比，小球仍做平抛运动，竖直方向高度不变，飞行时间不变，水平距离与水平速度成正比，A错误B.升高

15、小球的初始释放点，小球仍做平抛运动，竖直方向高度不变，飞行时间不变，水平距离与水平速度成正比，B错误C.改变小球直径，两球重心不在同一高度，飞行竖直高度不同，时间不同，水平距离与水平速度不再成正比，C正确D.升高桌面高度，小球仍做平抛运动，竖直方向高度不变，飞行时间不变，水平距离与水平速度成正比，D错误根据平抛运动，竖直方向，水平，根据题意得：，联立解得：（1.01-1.02）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、1.5 m/s【解析】设电动机内阻为r当将重物固定时I1 ARr5 ，r2 当重物不固定时I0.5 AP出UI2.75 W，PRPrI2(Rr)1.25 W所以重物的功率PP出PRPrmgv，解得v1.5 m/s14、7【解析】试题分析：由物体的平衡条件得F=mgtan安培力的大小F=ILB根据闭合电路欧姆定律解得： R2=7考点：安培力；物体的平衡15、（