2023学年江苏省永丰初级中学物理高二第一学期期中考试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、质量为1kg的物体以某一速度在水平面上滑行，由于摩擦阻力的作用，其动能随位移变化的图线如所示，g取10m/s2，则下列说法正确的是（ ）A物体与水平面间的动摩擦因数为0.15B物体与水平面间的动摩擦因数为0.25C物体滑行的总时间为

2、4.5sD物体滑行的总时间为2.5s2、如图所示，绳子一端拴着物体M，另一端绕过滑块系在水平向左运动的小车的P点，图示时刻滑轮左侧的绳子与水平方向成，则A若小车匀速运动，则M加速上升B若小车匀速运动，则M减速上升C若小车做加速运动，则M匀速上升D若小车做加速运动，则M减速上升3、在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。开关闭合后，灯能正常发光，当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是A路端电压变小 B灯泡L将变亮C电容器C的电量将减小 D电容器C的电量将增大4、关于电流的说法中正确的是（ ）A根据I=，可知I与q成正比B电流有方向，电流

3、也有矢量C在金属导体中，自由电子移动方向为电流方向D电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位5、如图所示，B为线段AC的中点，如果在A处放一个Q的点电荷，测得B处的场强EB48 N/C，则（ ）AEC24 N/CBEC12 N/CC若要使EB0，可在C处放一个Q的点电荷D把q109C的点电荷放在C点，则其所受电场力的大小为6109N6、下列说法正确的是A牛顿提出了万有引力定律，并测得了引力常量G的数值B“北斗”导航卫星的发射速度大于第二宇宙速度C丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，并总结出了右手螺旋定则D所有行星绕太阳运动轨道都是椭圆，它运动的轨道半径的三次方与周期的平方之比为常数，此常数

4、的大小与行星的质量无关二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列各种说法中不正确的是（ ）A电流的定义式I=q/t适用于任何电荷的定向移动形成的电流B电源的负载增加，输出功率一定增大C电动势在数值上等于电源将单位正电荷从正极经用电器移送到负极时电场力所做的功D从R = U/I可知，导体的电阻跟两端的电压成正比，跟导体的电流成反比8、如图所示，在点电荷Q产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线AB是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹，设电子在A、B两点的加速度

5、大小分别为aA、aB，速度大小为vA、vB，电势能分别为EPA、EPB，下列说法正确的是（）AaAaBBvAvBCEPAEPBDB点电势可能高于A点电势9、如图所示，垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面的、电阻均匀的正方形导体框abcd，现将导体框分别朝两个方向以v、3v速度匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的两个过程中（ ）A导体框中产生的感应电流方向相同B导体框中产生的焦耳热相同C通过导体框截面的电荷量相同D导体框ad边两端电势差相同10、利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图示

6、方向的电流I，C、D两侧面会形成电势差UCD，下列说法中正确的是( ) A电势差UCD仅与材料有关B若霍尔元件的载流子是自由电子，则电势差UCD 0）的小物块在与金属板A相距l处静止若某一时刻在金属板B、A间加一电压，,小物块与金属板只发生了一次碰撞，碰撞后电荷量变为-0.5q，并以与碰前大小相等的速度反方向弹回已知小物块与绝缘平板间的动摩擦因素为，若不计小物块电荷量对电场的影响和碰撞时间则(1)小物块与金属板A碰撞前瞬间的速度大小是多少？(2)小物块碰撞后经过多长时间停止运动？停在何位置？15（12分）如图所示为一磁约束装置的原理图，同心圆圆心与平面坐标系原点重合.半径为的圆形区域内有方向垂

7、直于平面向里的匀强磁场.一束质量为、电荷量为、动能为的带正电粒子从坐标为的点沿轴负方向射入磁场区域，粒子全部经过坐标为的点，方向沿轴正方向.当在环形区域加上方向垂直于平面向外的另一匀强磁场时，上述粒子仍从点沿轴负方向射入区域，所有粒子恰好能够约束在环形区域内，且经过环形区域的磁场偏转后第一次沿半径方向从区域射入区域时经过内圆周上的点(点未画出).不计重力和粒子间的相互作用.（1）求区域中磁感应强度的大小；（2）若环形区域中磁感应强度，求点坐标及环形外圆半径；（3）求粒子从点沿轴负方向射入圆形区域至再次以相同速度经过点的过程所通过的总路程.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24

8、分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】由图象可知，EK1=50J，EK2=0J，位移x=20m，EK1=12mv12=50J，解得初速度v1=10m/s，由动能定理得：EK2-EK1=-fx，解得：f=2.5N=mg，=0.25，物体加速度a=fm=2.5m/s2，物体运动时间t=v1a=4s，以上分析可知，故B正确，ACD错误故选B点睛：利用数学图象处理物理问题的方法就是把物理表达式与图象结合起来，根据图象中的数据求解一般我们通过图象的特殊值和斜率进行求解2、A【解析】AB设绳子与水平方向的夹角为，绳子的瞬时速度大小为vA将小车的运动分解为沿绳子方向的运动，以

9、及垂直绳子方向的运动，则可得vA=vcos若小车匀速向左，即v不变，而减小，则cos增大，故vA增大，即物体向上做加速运动，故A正确，B错误；CD若小车做加速运动时，由vA=vcos可知，v增大，减小，则cos增大，故vA增大，物体M一定加速上升，故CD错误故选A3、D【解析】当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，电路中电流减小，路端电压增大，故A错误电路中电流减小，灯L变暗，故B错误电容器的电压等于路端电压，可见其电压是增大的，则由Q=CU知，电容器C的电荷量将增大故C错误，D正确故选D.4、D【解析】电流的定义，是根据比值定义法定义的，即电流不跟q成正比，也不与时间

10、t成反比，故A错误；电流有方向，但是在计算的过程中使用代数的方法计算，不用平行四边形定则，所以电流强度这个物理量是标量，故B错误；正电荷的“定向”运动方向是电流方向，故C错误；电流强度的单位“安培”是国际单位制中的基本单位，故D正确【名师点睛】该题考查电流的基本概念容易出错的是有些学生会错误认为根据电流与q成正比与时间t成反比5、B【解析】Q相同，B离点+Q的距离等于C离+Q的距离的一半，则根据真空中点电荷场强公式E=kQ/r2，得EB=4EC；因B处的场强EB=48N/C，则EC=12N/C故A错误，B正确；若要使EB=0，可在C处放一个+Q的点电荷，故C错误；把q=10-9C的点电荷放在C

11、点，则其受电场力的大小为F=qE=10-9C12N/C=1.210-8N，故D错误；故选B。6、D【解析】A牛顿提出了万有引力定律，卡文迪许测得了引力常量G的数值，选项A错误；B“北斗”导航卫星的发射速度大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度，选项B错误；C丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，安培总结出了右手螺旋定则，选项C错误；D根据开普勒行星运动定律可知，所有行星绕太阳运动轨道都是椭圆，它运动的轨道半径的三次方与周期的平方之比为常数，此常数的大小与行星的质量无关，选项D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得

12、5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】试题分析：物理学中把每秒钟通过导体任一横截面的电荷量（简称电量）叫做电流强度，简称电流，电源是通过非静电力做功将其他形式的能转化为电能的装置，电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领影响导体电阻大小的因素：导体的长度、材料、横截面积以及温度，与导体两端的电压和通过的电流无关解：A、I=是电流的定义式，是比值定义法，适用于任何情况故A正确B、当外电路电阻等于电源内阻时，电源的输出功率最大，可见，电源的输出功率与负载电阻与电源的内阻关系有关故B错误C、电源是通过非静电力做功将其他形式的能转化为电能的装置，在数值上等于电源将单位正电荷从负

13、极移送到正极时，非静电力所做功，故C错误；D、R=是导体电阻的定义式，电流变化不是电阻的决定因素故D错误本题选错误的，故选BCD点评：本题主要是对电流定义式的考察，明确电流等于导体通过的电荷量与所用时间的比值，知道电势差的概念，注意电阻是导体的一种属性，与电压、电流无关8、BC【解析】A因只有一条电场线，无法确定电场线疏密，也就无法确定电场力的大小，A、B两点的加速度大小关系无法确定，故A错误；B过两个图象的交点做出速度、电场力如图所示因电场力和速度夹角为钝角，说明从A到B电场力做负功，动能减小，vAvB，故B正确；C由前面分析可知从A到B电场力做负功，电势能增大，故C正确；D电子带负电，即，

14、EPAEPB，由电势公式可知B点电势低于A点电势，故D错误。故选BC。9、AC【解析】由题意可知考查电磁感应中电流方向、能量转化、电路问题，根据电磁感应规律分析计算可得【详解】A由楞次定律分析可知导体框中产生感应电流方向都为逆时针方向，故A正确；B导体框拉出过程中产生焦耳热等于克服安培力做的功，设导体框边长为L，总电阻为R联立可得 因两次拉出时的速度不同，产生的焦耳热不同，故B错误；C两次拉出时磁通量变化量相同，线圈电阻相同，通过导体框截面的电荷量相同故C正确；D向右拉出时向上拉出时导体框ad边两端电势差不相同，故D错误【点睛】导体棒切割磁感线部分是电源，电源两端电压指的是外电压向右切割时ad

15、是电源，ad两端电压指的是ab、bc、bd三段电阻电压之和，向上拉出时，bc是电源，ad两端电压是ad段电阻电压产生焦耳热等于克服安培力做功，由可比较产生热量关系10、BD【解析】A、B、D、根据左手定则，电子向C侧面偏转，C表面带负电，D表面带正电，所以D表面的电势高，则CD间存在电势差，之间就存在电场，电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为a、b、c，有：，则：A错误；B、D正确；C、 D、在测定地球两极上方地磁场强弱时，应将元件的工作面保持竖直，让磁场垂直通过，C错误；故选BD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

16、11、 (1) 变大 (2) 0.10W【解析】（1）由于坐标原点与图象上某点连线的斜率倒数等于电阻，此图给出的信息可知，随着小灯泡两端电压的升高，小灯泡的电阻变大；（2）电源的电动势为1.5V，电流与路段电压的关系式为：U=E-Ir=1.5-5I,在图中作出电流与路段电压的图线，如图交点坐标即为小灯泡的实际电压和电流，故功率为P=UI=10.1w=0.1w12、A 电阻的阻值随温度的升高而增大 0.18 【解析】（1）由于电压电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，正常工作时灯泡的电阻远小于电压表的内阻，属于小电阻，电流表采用外接法故电路原理图选A；（2）在该曲线中，任意点的坐标的

17、斜率表示该点对应的电阻，从图中可知，小灯泡的电阻的阻值随温度的升高而增大（3）在图象中做出电源的伏安特性曲线，两图的交点为灯泡的工作点；由图可知，此是灯泡两端的电压为0.6V，电流为0.3A；故功率P=UI=0.18W四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）【解析】(1) 根据题意可大体画出粒子在复合场中的运动轨迹如图所示，由几何关系可得rcos45=h即解得(2) 粒子第一次经过x轴的位置为x1，到达b点速度大小为vb粒子做类平抛运动，有：vb=v1cos45所以设粒子进入电场经过时间t运动到b点，

18、b点的纵坐标为-yb，由类平抛运动得r+rsin45=vbt由动能定理所以(3) 粒子在磁场中的周期为第一次经过x轴的时间在电场中运动的时间在第二次经过x轴到第三次经过x轴的时间所以总时间14、 (1) (2),距离A板为2l【解析】 (1)加电压后,B极电势高于A板,小物块在电场力与摩擦力共同作用下向A板做匀加速直线运动.电场强度为 ;小物块所受的电场力与摩擦力方向相反,则合外力为F合=qE-mg;故小物块运动的加速度为;设小物块与A板相碰时的速度为v1,由v12=2a1l，解得 .(2)小物块与A板相碰后以v大小相等的速度反弹,因为电荷量及电性改变,电场力大小与方向发生变化,摩擦力的方向发生改变小物块所受的合外力大小为,F合=mg-qE加速度大小为设小物块碰后到停止的时间为t,注意到末速度为零,有0