2023学年上海市松江二中物理高二第一学期期中质量检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在导体壳内放一负电荷q，则壳内的a点、壳上的b点、壳外的c点的电场强度和电势的关系应为AEaEbEc， abcBEaEbEc， abcCEaEcEb，abcDEaEcEb， abc2、如图所示，用干电池点亮几个小灯泡，不计

2、灯泡的电阻随温度的变化，当逐一闭合电键，接入电路的灯泡增多时，以下正确的是（）A灯亮度一定增加B干电池输出的总功率一定减小C该电路电源的效率一定降低D整个电路消耗的功率一定减小3、甲、乙两根导线，甲的电阻率是乙的4倍，乙的长度是甲的3倍，甲的横截面积是乙的2倍，则两根导线电阻之比是 ( )A13B23C32D614、如图所示，匀强磁场的方向垂直纸面向里，一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向射入，沿曲线dpa打到屏MN上的a点，通过pa段用时为t.若该微粒经过P点时，与一个静止的不带电微粒碰撞并结合为一个新微粒，最终打到屏MN上若两个微粒所受重力均忽略,则新微粒运动的 ( )A轨迹为pb,至屏

3、幕的时间将小于tB轨迹为pc,至屏幕的时间将大于tC轨迹为pa，至屏幕的时间将大于tD轨迹为pb,至屏幕的时间将等于t5、如图所示，细线栓一带负电的小球，球处在竖直向下的匀强电场中，使小球在竖直平面内做圆周运动，则( )A小球不可能做匀速圆周运动B当小球运动到最高点时绳的张力可能最小C小球运动到最低点时，球的线速度一定最大D小球运动到最低点时，电势能一定最大6、关于电场强度和静电力,以下说法正确的是( )A电荷所受静电力很大,该点的电场强度一定很大B以点电荷为圆心、r为半径的球面上各点的电场强度相同C若空间某点的电场强度为零,则试探电荷在该点受到的静电力也为零D在电场中某点放入试探电荷q,该点

4、的电场强度E=,取走q后,该点电场强度为0二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，在真空中足够大的绝缘水平地面上，一质量为m=0.1kg、带电荷量为的小物块处于静止状态，小物块与地面间的摩擦因数.从t=0时刻开始，空间上加如图乙所示的电场.下列说法正确的是（ ）A4秒内小物块一直向同一方向运动B2s末小物块速度大小为2m/sC4秒内小物块的位移大小为6mD4秒内电场力对小物块所做的功为0.8J8、如图，三根相互平行的固定长直导线L1、L2和L3两两等距，垂直纸

5、面放置，均通有大小相等的电流I，L1、L2中电流方向垂直纸面向里，L3中电流方向垂直纸面外下列说法错误的是AL1、L2在L3处产生的合磁感应强度方向与L1、L2连线垂直BL2、L3在L1处产生的合磁感应强度方向与L2、L3连线垂直CL1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为DL1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为9、一带电粒子射入一固定在O点的点电荷的电场中，粒子运动轨迹如图中虚线abc所示图中实线是同心圆弧，表示电场的等势面不计带电粒子的重力，可以判断A此粒子一直受到静电引力作用B粒子在b点的电势能一定大于在a点的电势能C粒子在b点的速度一定小于在a点的速度D电场中b点的

6、电势一定高于c点的电势10、图甲为某一电阻R的IU特性曲线，图乙为某一电源的路端电压U与电流I的关系图线，用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路，由图象可知()A电源的电动势为3V，内阻为B电阻R的阻值为C电源的输出功率为4WD电源的效率为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A被测干电池一节B电流表A1：量程00. 6A，内阻RA=0. 2C电流表A2：量程03A，内阻约为0. 1D电压表V1：量程03V，内阻未知E. 电压表V2：量程015V，内阻未知F. 滑动变阻器R1：

7、010，2AG. 滑动变阻器R2：05000，1AH. 开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差；在现有器材条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。(1)在上述器材中请选择适当的器材：电流表选_，电压表选_，滑动变阻器选_。（填写器材前的序号字母）(2)实验电路图应选择下图中的_（填“甲”或“乙”）。(3)根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的UI图像。由此可知，干电池的电动势E=_V，内电阻r=_。12（12分）有一电压表V1,其量程为3V,内阻约为3000,要准确测量该电压表的内阻,提供的实验器材有:电源E：电动势约

8、15V,内阻不计；电流表A1：量程100mA,内阻r1=20；电压表V2：量程2V,内阻r2=2000；定值电阻R1：阻值20；定值电阻R2：阻值3；滑动变阻器R0：最大阻值10，额定电流1A；电键一个,导线若干。（1）实验中应选用的电表是_；定值电阻应选用_。（2）请你设计一个测量电压表V1的实验电路图，画在虚线框内_（3）说明实验所要测量的物理量：_（4）写出电压表V1内阻的计算表达式_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示的电路中，当开关S接a点时，标有“4V 8W”的小灯泡L正常发光，当开关

9、S接b点时，通过电阻R的电流为1A，这时电阻R两端的电压为5V。求：（1）电阻R的阻值；（2）电源的电动势和内阻。14（16分）如图所示，在光滑的水平面上有一长为L的木板B，其右侧边缘放有小滑块C，与木板B完全相同的木板A以一定的速度向左运动，与木板B发生正碰，碰后两者粘在一起并继续向左运动，最终滑块C刚好没有从木板A上掉下已知木板A、B和滑块C的质量均为m，C与A、B之间的动摩擦因数均为.求：(1)木板A与B碰前的速度v0；(2)整个过程中木板B对木板A的冲量I.15（12分）在图示电路中，电源输出电压恒定，定值电阻r的阻值为5，L为标有“3V 1.5W”的小灯泡，滑动变阻器的总阻值为30，

10、当滑动变阻器的滑动触头P位于变阻器的中点时，灯泡L恰能正常发光，此时理想电压表的示数为20.5V求： (1)电阻Rx的阻值；(2)电源的电压；(3)此时滑动变阻器消耗的功率参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】当静电平衡时，空腔球形导体内壁感应出正电荷，外表面感应出负电荷，画出电场线的分布如图由于a处电场线较密，c处电场线较疏，b处场强零，则EaEcEb根据顺着电场线方向电势降低，整个空腔球形导体是一个等势体，表面是一个等势面，分析可知电势关系是cba故选C2、C【解析】由题中“不计灯泡的电阻随温度的变化”

11、可知，本题考查恒定电流中并联电路的功率、效率问题，运用并联电路特点、电阻并联、电路功率等知识可以进行分析。【详解】A.由于闭合开关让灯泡并联，使外电路总电阻变小，因此分压变小，所以每个灯泡的电压变小，电阻不变，导致电流变小，亮度降低，故A错误；B.由于不计灯泡电阻随温度的变化，所以可以把电路看成是纯电阻电路，电源的输出功率：当外电路电阻等于内阻时，输出功率最大，由于本题不知道电源内阻是多少，因此接入电路的灯泡增多时，无法判断输出功率的变化情况，故B错误；CD根据，可知，总电阻逐渐减小，因此总功率增加，电路的效率降低，因此C正确，D错误。3、B【解析】甲、乙两根导线，甲的电阻率是乙的4倍，乙的长

12、度是甲的3倍，甲的横截面积是乙的2倍，由电阻定律，则两根导线电阻之比故选B。4、C【解析】试题分析：由动量守恒定律可得出粒子碰撞后的总动量不变，由洛仑兹力与向心力的关系可得出半径表达式，可判断出碰后的轨迹是否变化；再由周期变化可得出时间的变化带电粒子和不带电粒子相碰，遵守动量守恒，故总动量不变，总电量也保持不变，由，得：，P、q都不变，可知粒子碰撞前后的轨迹半径r不变，故轨迹应为pa，因周期可知，因m增大，故粒子运动的周期增大，因所对应的弧线不变，圆心角不变，故pa所用的时间将大于t，C正确；【点睛】带电粒子在匀强磁场中运动时，洛伦兹力充当向心力，从而得出半径公式，周期公式，运动时间公式，知道

13、粒子在磁场中运动半径和速度有关，运动周期和速度无关，画轨迹，定圆心，找半径，结合几何知识分析解题，5、D【解析】小球受到的电场力方向竖直向上，重力竖直向下，当二力等大时，可能做匀速圆周运动，A正确；当重力大于电场力时，两者合力向下，在最低点A绳子的张力最大，在最高点B时，绳子的张力最小，若重力小于电场力时，两者的合力向上，在最高点B时绳子的张力最大，在A点时张力最小，BC错误；由于小球带负电，受到的电场力向上，所以在最高点B时，电场力做正功最多，电势能最小，D错误6、C【解析】A.电场强度是矢量，其性质由场源电荷决定，与试探电荷无关；而静电力则与电场强度和试探电荷都有关系，电荷所受静电力很大，

14、未必是该点的电场强度一定大，还与电荷量q有关，选项A错误；B.以点电荷为圆心，r为半径的球面上各点的电场强度大小相同，而方向各不相同，选项B错误；C.在空间某点的电场强度为零，则试探电荷在该点受到的静电力也为零，选项C正确；D.在电场中某点放入试探电荷q，该点的电场强度E= ，取走q后，该点电场强度不变，与是否放入试探电荷无关，选项D错误故选：C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】ABC02s，由牛顿第二定律得物块加速度：物块向右做加速运动，2s末小物块速

15、度前2s内的位移24s，由牛顿第二定律得加速度物块向右做减速运动，4s末减速到零，24s的位移4秒内小物块的位移故A正确，BC错误；D4秒内电场力对小物块所做的功代入数据解得故D正确。8、AD【解析】A. 、在处产生的合磁感应强度方向如图所示：即合磁感应强度的方向与的连线平行，故A错误，符合题意B. 、在处产生的合磁感应强度方向如图所示：由几何知识可知、在处产生的合磁感应强度方向与和的连线垂直，故B正确，不符合题意CD. 、通电导线在处的合磁场大小与、通电导线在处的合磁场相等，设各自通电导线在其他两点的磁场大小为，那么、和三处磁场之比为，安培力 ，安培力大小之比等于磁感应强度之比，为，故C正确

16、不符合题意，D错误符合题意9、BC【解析】曲线运动的合力指向曲线的内侧，根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在的过程中，一直受静电斥力作用，故A错误；粒子由a到b，电场力做负功，所以粒子的电势能增加，所以b点的电势能一定大于在a点的电势能，故B正确；根据动能定理，粒子由a到b，电场力做负功，动能减少，故粒子在b点的速度一定小于在a点的速度，故C正确；由于不知道点电荷的电性与粒子的电性，所以不能判断出b与c点电势的高低，故D错误所以BC正确，AD错误10、AD【解析】试题分析：由乙图可知纵轴截距读出电源的电动势E=3V，其斜率大小等于电源的内阻，故A正确；由甲图可知，电阻，故B错误；用该电源直接与电阻R

17、相连组成闭合电路，电流，则电流原输出功率为，故C错误；电源的效率为，故D正确.故选AD.【点睛】根据图乙纵轴截距表示电源的电动势，斜率大小表示电源的内阻图甲的斜率大小等于电阻R的倒数用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路，根据闭合电路欧姆定律求出电源的输出功率和电源的效率三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B D F 乙 1.5 0.8 【解析】(1)1因电源电动势为1.5V，电流较小，为了准确测量内阻，所以选择已知内阻的电流表，量程00.6A，内阻0.2的B；2电压表选择量程03V的D；3由于内阻较小，滑动变阻器阻值较小有利于电表的数值

18、变化，减小误差，故选F；(2)4为了准确测量内阻，电流表与电池串联，将电流表内阻等效为电源内阻，故电路图选择乙；(3)5由图可知，电源的电动势：6根据可得内电阻为：12、V2 R1 电压表V1的示数U1 ，电压表V2的示数U2 【解析】(1)12因为待测电压表的电压量程为3V，最大电流为：远小于电流表的量程，而电压表V2的量程与其电压量程接近，所以电表应选电压表V2；为保护电源，定值电阻应选阻值大的R1.(2)3因为滑动变阻器的总电阻远小于待测电压表内阻,所以变阻器应采用分压式接法;因为待测电压表的额定电流为，电压表V2的额定电流为：所以应将两电压表串联使用，电路图如图所示:(3)4根据欧姆定

19、律和串并联规律应有：计算得出：所以所以应测量的物理量是电压表的示数和电压表的示数;(4)5根据上面的分析可以知道,待测电压表内阻表达式为：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）5 （2）E=6V （3）r=1 【解析】（1）当开关S接b点时，已知通过电阻R的电流和R两端的电压，由欧姆定律求出电阻R的值（2）根据闭合电路欧姆定律分别对开关S接a点和b时列方程，联立组成方程组求解电动势和内阻【详解】（1）当开关S接b点时，电压为5V，电流为1A，由欧姆定律可得，电阻R的值为：R=U2I2=51=5 （2）由公式P=UI得，小灯泡的额定电流：I1=P1U1=84=2A 当开关接a时，根据闭合电路欧姆定律得：E=U1+I1