2023学年湖北省荆州开发区滩桥中学物理高二第一学期期中复习检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电动势，下列说法不正确的是（ ）A电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大B电源两极间的电压就是电源电动势C电源电动势的数值等于内、外电压之和D电源电动势与外电路的

2、组成无关2、如图甲所示为某一小灯泡的U-I图线，现将这样的小灯泡与一个4的定值电阻R串联，接在内阻为1、电动势为5V的电源两端，如图乙所示，则此时灯泡的功率为（）A1.0WB0.60WC1.2WD0.20W3、如图所示为某一电容器所带电荷量和两端电压之间的关系图线,若将该电容器两端的电压从40V降低到36V,下列说法正确的是A该过程是充电过程B该过程是放电过程C电容器的电容为5.010-2FD该过程中电容器的电荷量变化量为0.005C4、一只白炽灯泡，正常发光时的电阻为121，当这只灯泡停止发光一段时间后的电阻应是（）A大于121B小于121C等于121D无法判断5、穿过一个单匝闭合线圈的磁通

3、量始终为每秒均匀增加5Wb,则A线圈中感应电动势每秒增加5VB线圈中感应电动势每秒减小5VC线圈中感应电动势始终为一个确定值，但由于线圈有电阻，电动势小于5VD线圈中感应电动势始终为5V6、如图所示,虚线a、b、c代表电场中的三条电场线,实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹,P、R、Q是这条轨迹上的三点,由此可知() A带电粒子在R点时的加速度小于在Q点时的加速度B带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大C带电粒子在R点时的动能与电势能之和比在Q点时的小,比在P点时的大D带电粒子在R点时的速度大于在Q点时的速度二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小

4、题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、图为一个示波器工作原理的示意图，电子经电压为 U1的加速电场后以速度v0垂直进入偏转电场，离开电场时的偏转量是h，两平行板间的距离为d，电势差U2，板长L，为了提高示波管的灵敏度（每单位电压引起的偏转量h/U2）可采取的方法是（ ）A减小两板间电势差U2B尽可能使板长L长些C使加速电压U1降低一些D尽可能使板间距离d大一些8、如图所示的电路,闭合开关S,滑动变阻器滑片P向左移动,下列说法正确的是A电流表读数变小,电压表读数变大B小灯泡L变暗C电容器C上电荷量减小D以上说法都不对9、如图(a

5、)所示，光滑绝缘水平面上有甲、乙两个点电荷t=0时，甲静止，乙以初速度6m/s向甲运动此后，它们仅在静电力的作用下沿同一直线运动(整个运动过程中没有接触)，它们运动的v-t图象分别如图(b)中甲、乙两曲线所示则由图线可知（ ） A两电荷的电性一定相反Bt1时刻两电荷的电势能最大C0t2时间内，两电荷的静电力先增大后减小D0t3时间内，甲的动能一直增大，乙的动能一直减小10、如图甲所示，两个点电荷Q1、Q2固定在x轴上距离为L的两点，其中Q1带正电荷位于原点O，a、b是它们的连线延长线上的两点，其中b点与O点相距3L.现有一带正电的粒子q以一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远处运动(粒子只受电

6、场力作用)，设粒子经过a，b两点时的速度分别为va、vb，其速度随坐标x变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是( )A粒子在a点的电势能比b点的电势能小Ba点的电势比b点的电势高Cb点的场强一定为零DQ2带负电且电荷量小于Q1三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图是一个多用表欧姆挡内部电路示意图电流表满偏电流0.5mA、内阻10；电池电动势1.5V、内阻1；变阻器R0阻值05000（1）该欧姆表的刻度值是按电池电动势为1.5V刻度的，当电池的电动势下降到1.4V、内阻增大到4时仍可调零调零后R0阻值将变_（选填“大”或“小”）

7、；若测得某电阻阻值为300，则这个电阻的真实值是_（2）若该欧姆表换了一个电动势为1.5V，内阻为10的电池，调零后测量某电阻的阻值，其测量结果_（选填“偏大”、“偏小”或“准确”）12（12分）在“测定金属的电阻率”的实验中（1）某同学测量金属丝的直径时螺旋测微器如图甲所示，则该金属丝的直径为d=_mm（2）金属丝的电阻Rx大约是3，实验室提供的电流表A（量程2.5mA，内阻约30）、电压表V（量程3V，内阻约3k）则金属丝、电流表和电压表的连接方式应该采用甲乙两图中的_图四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10

8、分）如图所示，边长为L的正方形区域abcd内存在着匀强电场电荷量为q、动能为Ek的带电粒子从a点沿ab方向进入电场，不计重力(1)若粒子从c点离开电场，求电场强度E的大小；(2)若粒子离开电场时动能为Ek，求电场强度E的大小14（16分）如图所示的电路中，电炉电阻R10，电动机线圈的电阻r1，电路两端电压U100V，电流表的示数为30A，问：(1)通过电动机的电流为多少？(2)通电一分钟，电动机做的有用功为多少？15（12分）如图所示为研究电子枪中电子在中场中运动的简化模型示意图。在xOy平面的ABCD区域内，存在两个大小均为E的匀强电场和，两电场的边界均是边长为L的正方形(不计粒子所受重力)

9、。（1）在该区域AB边的中点处由静止释放电子，求电子离开ABCD区域的位置；（2）在电场区域内适当位置由静止释放电子，电子恰能从ABCD区域左下角D处离开，求所有释放点的位置；（3）若将左侧电场整体水平向右移动，仍使电子从ABCD区域左下角D处离开(D不随电场移动)，求在电场区域内由静止释放电子的所有位置。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】试题分析：电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大，选项A正确；当外电路断开时，电源两极间的电压大小等于电源电动势，选项B错误；电源电动势的数值等于内、外

10、电压之和，选项C正确；电源电动势与外电路的组成无关，选项D正确；此题选择错误的选项，故选B考点：电动势【名师点睛】此题考查学生对电动势的理解；要知道电源的电动势是由电源内部决定的物理量，反应将其他形式的能转变为电能的本领的大小2、C【解析】设通过每个灯泡的电流为I，电压为U，则电路中总电流为2I，根据闭合电路的欧姆定律得当时，；当时，。在中作出的图象如下图此图线与小灯泡的图线的交点即为乙图状态下小灯泡的工作状态，由图读出通过每盏灯泡的电流强度为，电压为，则此时每盏小灯泡的功率为两盏灯泡的总功率为。故选C。3、B【解析】AB由图象可知，电压从40V降低到36V，电容器的电量减小，则属于放电过程，

11、故A错误，B正确；C根据图象，当电压为40V时，电量为0.2C，故电容为：故C错误；D如果该电容器两端的电压从40V降低到36V，则：故D错误。4、B【解析】白炽灯的电阻随温度的减小而减小，停止发光，则温度减小，所以电阻减小，故电阻应小于121，故B正确，ACD错误。故选B。5、D【解析】磁通量始终保持每秒钟均匀地增加5Wb，根据法拉第电磁感应定律；由于磁通量的变化率不变，故电动势不变；而电动势大小与电阻大小无关，故D正确，ABC错误；6、D【解析】A电场线的疏密表示电场的强弱，则由电场线疏密确定出，R点场强大，电场力大，加速度大，故A错误；BD.电荷做曲线运动，电场力指向曲线的内侧，所以电场

12、力的方向向右；若粒子从P经过R运动到Q，电场力做负功，带电粒子的电势能增大，动能减小，所带电粒子在P点的电势能小于在Q点的电势能，带电粒子在R点的动能大于带电粒子在Q点的动能，即带电粒子在R点时的速度大于在Q点时的速度，故B错误，D正确。 C.根据能量守恒定律，带电粒子在运动过程中各点处的动能与电势能之和保持不变。故C错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】试题分析：电子在加速电场中加速，根据动能定理可得：eU1=mv02所以电子进入偏转电场时速度的大小

13、为：电子进入偏转电场后的偏转量为：联立得，所以示波管的灵敏度为；所以要提高示波管的灵敏度可以增大l，减小d和减小U1，所以AD错误，BC正确故选BC考点：带电粒子在电场中的运动8、AB【解析】AB滑动变阻器滑片P向左移动时，接入电路的电阻增大，电路的总电阻增大，电源的电动势不变，则总电流减小，电流表的读数变小，内电压减小，电动势不变，则外电压增大，所以电压表示数变大。通过灯泡的电流减小，则小灯泡变暗。故AB正确。CD通过灯泡的电流减小，则灯泡两端的电压减小，而外电压增大，所以滑动变阻器两端的电压增大，根据Q=CU知，电容器上电荷量增大。故CD错误。9、BC【解析】A、由图像看出,甲从静止开始与

14、乙同向运动,说明甲受到了乙的排斥力作用,则知两电荷的电性一定相同.故A错误.B、由于甲乙之间是排斥力，所以当甲乙之间的距离减小时说明电场力做负功，电势能增大，结合图像可知在t1时电势能由最大值，故B正确；C、图像包围的面积代表甲乙走过的位移，从图像上可以看出在0t2时间内甲乙之间的距离先减小后增大，所有静电力先增大后减小，故C正确；D、0t3时间内，甲的动能一直增大，乙的动能先减小后反向增大，故D错误；故选BC点睛：会结合图像找到甲乙位移之间的关系，并利用静电力做功找到电势能变化规律10、ACD【解析】A、B、粒子从a运动到b的过程中，粒子的动能先减小，根据能量守恒知其电势能增大根据正电荷在电

15、势高处电势能大，可知粒子在a点的电势能比b点的电势能小，a点的电势比b点的电势低，故A正确、B错误C、粒子通过b点的加速度为零，说明电场力为零，则b点的场强一定为零，故C正确D、在b点前做减速运动，b点后做加速运动，在b点的加速度为0，则在b点受到两点电荷的电场力平衡，Q1带正电荷，则Q2带负电，且根据库仑定律知，|Q2|Q1|故D正确故选AB.【点睛】解决本题的关键以b点的加速度为突破口，根据库仑定律得到Q1和Q2的电量关系以及知道电场力做功和电势能的关系三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、小 280 准确 【解析】第一空.欧姆表内阻

16、，电流表满偏电流Ig不变，电源电动势E变小，则欧姆表总内阻要变小，故R0的阻值调零时一定偏小；第二空.电动势为1.5调零后，欧姆表内部的中性电阻的电动势变为1.4调零后，欧姆表内部的中性电阻；由300对应的电流列出关系式：故对应1.4V时的电阻R真=280第三空.因电动势不变，故欧姆调零后的中性电阻不变；故测量结果是准确的；12、1.721mm（1.721mm1.723mm都正确）； 乙 【解析】（1）由图所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为1.5mm，可动刻度示数为22.10.01mm=0.221mm，螺旋测微器的示数为1.5mm+0.221mm=1.721mm（2）由题意可知，则电流表应采用

17、外接法，应选图乙所示电路图【点睛】螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，对螺旋测微器读数时需要估读当电压表内阻远大于待测电阻阻值时用电流表外接；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) (2) 或【解析】由题意可知考查带电粒子在匀强电场中的类平抛运动，根据牛顿第二定律、动能定理结合运动学公式计算可得。【详解】(1) 粒子在匀强电场中做类平抛运动在初速度方向上：Lv0t电场方向上：Lat2由牛顿第二定律可得qEmaEk解得E(2) 若粒子由bc离开电场，则水平方向做匀速运动Lv0t；竖直方向做匀

18、加速运动yat2由动能定理得qEyEkEk解得：E若粒子由cd边离电场，则由动能定理得qELEkEk则E故或【点睛】带电粒子在匀强电场中做类平抛运动，垂直电场力的方向做匀速运动，沿电场力的方向做匀加速直线运动，利用牛顿第二定律、运动学公式、动能定理列式计算可得。14、 (1)I220A (2)W9.6104J【解析】根据欧姆定律，通过电炉的电流强度为： 根据并联电路中的干路电流和支路电流的关系，则通过电动机的电流强度为：I2II120 A.电动机的总功率为PUI210020 W2103W.因发热而损耗的功率为PI22r400 W.电动机的有用功率(机械功率)为PPP1.6103W，电动机通电1 min做的有用功为WPt1.610360 J9.6104J.【点睛】题图中的两个支路分别为纯电阻电路(电炉)和非纯电阻电路(电动机)在纯电阻电路中可运用欧姆定律IU/R直接求出电流强度，而非纯电阻电路中的电流强度只能运用干路和支路中