2023学年江西省南昌市外国语学校物理高二第一学期期中质量检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、地球同步卫星甲与地球近地卫星乙比较，下列说法一定正确的是（）A甲的机械能比乙的机械能大B甲的动能比乙的动能大C甲的周期比乙的周期大D甲受地球引力比受地球引力大2、某电场的电场线如图所示，质子在A、B两点受到电场力的大小分别为FA和FB，则它们的关系是（ ）AFAFBBFAFBCFAFBD无法比较3、一根粗细均匀的导线，当其两端电压为U时，通过的电流是I，若将此导线均匀拉长到原来的2倍时，电流仍为I，导线两端所加的电压变为 ( )AU2BUC2UD4U4、关于电源的电动势，下列说法中正确的是（ ）A电动势的大小与非静电力所做的功的大小成正比，与移动电荷量的大小成反比B电动势由电源本

3、身决定，跟电源的内电阻和外电阻大小均无关C电动势的单位与电压的单位都是伏特，其二者本质一样的D电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量5、一盏电灯直接接在恒压电源上，其功率为100W若将这盏灯先接上一段很长的导线后再接在同一电源上，在导线上损失的电功率是9W，那么此时电灯实际消耗的电功率将 ( )A等于91WB小于91WC大于91WD条件不足，无法确定6、关于超重和失重，下列说法正确的是（ ）A超重就是物体受的重力增加了B失重就是物体受的重力减小了C完全失重就是物体一点重力都不受了D不论超重或失重物体所受重力是不变的二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题

4、给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示一圆盘可绕通过圆盘中心且垂直于盘面的竖直轴OO转动在圆盘上放置一小木块，当圆盘匀速转动时木块相对圆盘静止关于木块的受力情况下列说法正确的是 A木块受到圆盘对它的静摩擦力，方向指向圆盘中心B由于木块相对圆盘静止，所以不受摩擦力C由于木块运动，所以受到滑动摩擦力D木块受到重力、支持力、摩擦力作用8、一带电粒子在电场中只受静电力作用时，它可能出现的运动状态是( )A匀速直线运动B匀加速直线运动C匀变速曲线运动D匀速圆周运动9、如图所示，在足够长的光滑绝缘水平直线轨道上方的P点，固定一电荷量

5、为Q的点电荷一质量为m、带电荷量为q的物块（可视为质点的检验电荷），从轨道上的A点以初速度v0沿轨道向右运动，当运动到P点正下方的B点时速度为v已知点电荷产生的电场在A点的电势为（取无穷远处电势为零），P到物块的重心竖直距离为h，P、A连线与水平轨道的夹角为60，k为静电常数，下列说法正确的是A点电荷Q产生的电场在B点的电场强度大小B物块在A点时受到轨道的支持力大小为C物块在A点的电势能D点电荷Q产生的电场在B点的电势10、在如图甲所示的电路中, 、为三个相同规格的小灯泡,这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示.当开关闭合后,电路中的总电流为,则此时( ）。A两端的电压为两端电压的倍B消耗的电功率

6、为 C的电阻为 D、消耗的电功率的比值大于三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“描绘小电珠的伏安特性曲线”实验中，所用器材有：小电珠（2.5V，0.6W），滑动变阻器，电流表，学生电源，开关，导线若干利用小电珠的标称值可估算出小电珠正常工作时的电阻值约为_（计算结果保留2位有效数字）请根据实验原理图A完成实物图B中的连线_开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片P置于_端为使小电珠亮度增加，P应由中点向_端滑动下表为电压等间隔变化测得的数据，为了获得更准确的实验图象，必须在相邻数据点_间多测几组数据（请填写“ab” “bc” “cd”

7、“de”或“ef”）数据点abcdefU/V0.000.501.001.502.002.50I/A0.0000.1220.1560.1850.2160.244下列图象能正确表示小灯泡的伏安特性曲线的是_ 12（12分）在“测定金属导体的电阻率”的实验中，待测金属导线的电阻Rx约为3 实验室备有下列实验器材A电压表V1（量程3 V，内阻约为15 k）B电压表V2（量程15 V，内阻约为75 k）C电流表A1（量程3 A，内阻约为0.2 ）D电流表A2（量程600 mA，内阻约为1 ）E.变阻器R1（010 ，1.0 A）F.变阻器R2（0100 ，0.3 A）G.电池E（电动势为3 V，内阻约为

8、0.3 ）H.开关S，导线若干(1)提高实验精确度，减小实验误差，应选用的实验器材有_(2)为了减小实验误差，应选用图中_（填“a”或“b”）为该实验的电路原理图，并按所选择的原理图把实物图用导线连接起来_(3)用刻度尺测得金属丝长度为60.00 cm，用螺旋测微器测得导线的直径为0.635 mm，两电表的示数分别如图所示，则电阻值为_，电阻率为_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）有一个直流电动机，把它接入0.2V电压的电路时，电机不转，测得流过电动机的电流是0.4A；若把电动机接入2.0V电压的电路中，

9、电动机正常工作，工作电流是1.0A求：（1）电动机的电阻多大？（2）电动机正常工作时的输出功率多大？14（16分）一台电风扇，内阻为20，接上220V电压后，消耗功率66W（1）电风扇正常工作时通过电动机的电流是多少？（2）电风扇正常工作时转化为机械能的功率是多少？转化为内能的功率是多少？电动机的效率多少？（3）如果接上电源后，电风扇的风叶被卡住，不能转动，这时通过电动机的电流，以及电动机消耗的电功率和发热功率是多少？15（12分）如图所示的电路中，电源电动势E=10V，电阻R1=2.5，R2=3，当电阻箱Rx调到3时，理想电流表的示数为2 A求：(1)电源的内电阻？(2)调节电阻箱，使电流表

10、的示数为1.6A时，电阻R2消耗的电功率？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】ABD地球同步卫星甲与地球近地卫星乙质量大小关系不明确，所以甲乙机械能大小关系不明确，甲乙动能大小关系不明确，甲乙所受地球引力大小关系不明确，故ABD项错误；C地球同步卫星甲比地球近地卫星乙轨道半径大，所以甲的周期比乙的周期大，选项C正确。2、A【解析】电场线的疏密表示电场强度的大小，由F=Eq可比较电荷在两点处的电场力的大小【详解】电场线的疏密表示电场强度的大小，由图可知，A点处的场强大于B点的场强，故质子在A点的受力大于在B

11、点的受力；故选A。3、D【解析】试题分析：根据电阻定律可得：拉长后电阻变为,所以根据欧姆定律可得：,故,所以选D考点：考查了欧姆定律和电阻定律的应用点评：做本题的关键是知道导线在拉长时体积不变，然后根据公式判断面积和长度的变化4、D【解析】A电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量，与非静电力做功的大小以及移送电荷量的大小无关，故A错误；B电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，与外电阻无关，只由电源本身决定，故B错误C电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电压是反映电场力做功性质的物理量，二者的本质不同，故C错误D电动势的物理意义是表

12、征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大，故D正确故选D5、B【解析】如果导线电阻忽略时，灯接在恒定电压的电源上功率是100W；因为导线和灯泡串联，当导线上电阻较大时，即电路中的电阻变大，由可知电路消耗的总功率变小，即小于100W，而导线上消耗的功率为9W，所以灯泡的实际功率只能小于91WB正确，思路分析：已知导线和灯泡串联，导线电阻较大，说明电路电阻变大，根据公式可知，电路的总功率变小，已知导线消耗的功率从而可以求出灯泡消耗的功率试题点评：本题考查电功率计算公式的应用，特别注意实际功率与额定功率的区别，此题较难分析，属于难题6、D【解析】物体对支持物的压力或者对悬挂物的拉

13、力大于物体的重力称为超重，小于重力则称为失重，处于超重或失重状态时物体的质量或重力并不变【详解】物体处于超重或者失重是指视重与重力的关系，并不是重力发生变化物体对支持物的压力或者对悬挂物的拉力小于重力叫失重，物体对支持物的压力或者对悬挂物的拉力大于重力叫超重故AB错误；当物体处于完全失重状态是指重力完全提供加速度，重力大小不变故C错误；不论超重或失重甚至完全失重，物体所受重力是不变的故D正确故选D【点睛】明确超重和失重的性质，知道所谓超重或失重都是指物体的视重发生变化，而物体受到的重力保持不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求

14、的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】物块与圆盘相对静止，一起做圆周运动，受到重力、支持力和静摩擦力，静摩擦力提供向心力，静摩擦力的方向指向圆心故AD正确，BC错误故选AD【点睛】静摩擦力的方向与物体的相对运动趋势方向相反，本题中静摩擦力指向圆心，说明物体相对圆盘有向外滑动的趋势8、BCD【解析】一带电粒子在电场中只受电场力作用时，合力不为0。A物体合力不为0，不可能做匀速直线运动，故A错误。B物体合力不为0，当初速度方向与加速度方向相同，若受到的电场力恒定，就可做匀加速直线运动，故B正确。C物体合力不为0，当初速度方向与加速度方向不在一条直线上，若受到的电

15、场力恒定，就可做匀变速曲线运动，故C正确。D物体合力不为0，当合力与速度方向始终垂直，就可能做匀速圆周运动，粒子带负电的粒子绕正电荷做匀速圆周运动，故D正确。9、ABD【解析】试题分析：点电荷+Q产生的电场在B点的电场强度大小为：，选项A正确；物体受到点电荷的库仑力为：，由几何关系可知：设物体在A点时受到轨道的支持力大小为N，由平衡条件有：N-mg-Fsin60=0，解得：B正确；物块在A点的电势能EPA=+q，则C错误；; 设点电荷产生的电场在B点的电势为B，动能定理有：q+mv02mv2+qB，解得：故D正确；故选ABD考点：电场强度与电势差的关系；电势及电势能；库仑定律【名师点睛】解决本

16、题的关键知道电场力做功W=qU，U等于两点间的电势差以及掌握库仑定律和动能定理的运用10、BD【解析】AL1的电流为L2电流的2倍，由于灯泡是非线性元件，所以L1的电压不是L2电压的2倍。故A错误。B根据图象可知，当电流为0.25A时，电压U=3V，所以L1消耗的电功率 P=UI=0.75W故B正确。CL2和L3并联后与L1串联，L2和L3的电压和电流均相同，则得L2的电流为0.125A，由图可知，此时L2的电压小于0.5V，根据，可知，L2的电阻小于4。故C错误。D根据P=UI可知，L2消耗的电功率P20.1250.5=0.0625W所以L1、L2消耗的电功率的比值大于4：1。故D正确。三、

17、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、10 a b ab A 【解析】根据，带入数据可得：由原理图可知，电路采用滑动变阻器分压接法，电流表采用外接法；则先连接分压电路，再并联测量电路；答案如图所示：为了测量安全，开始时测量电路的电压应为零；由图可知，测量电路与左侧并联；故开始时滑片应滑到a侧；与测量部分并联电阻越大，则灯泡两端电压越大，则应将滑片向b端移动因ab两段上电流变化较大，故为了更精确的画出I-U图象，在ab段内应多测几组数据 因灯泡电阻随温度的升高而增大，故在I-U图象中应为斜率越来越小的曲线；故选A12、ADEGH b 2.4 【

18、解析】(1)1伏安法测电阻，需要：G、电池E（电动势为3 V，内阻约为0.3 ），H、开关S，导线若干；电源电动势是3 V，因此电压表可选：A、电压表V1（量程3 V，内阻约为15 k）；电路最大电流：如果选用量程是3A的电流表，电流表指针偏转角度不到电表刻度的三分之一，为提高实验精度，电流表可选：D；电流表A2（量程600 mA，内阻约为1 ），滑动变阻器F的额定电流太小，因此滑动变阻器应选E变阻器R1（010 ，1.0 A）；即需要的实验器材有：ADEGH；(2)2因为：电流表应选择外接法，因此实验电路应选b；3根据电路图连接实物电路图，实物电路图如答图所示；(3)4电压表量程是3 V，由图示电压表可知，电压表分度值是0.1 V，电压表示数是1.20 V，电流表量程是600 mA=0.6 A，由图示电流表可知电流表分度值是0.02 A，电流表示数是0.50 A，电阻阻值：R=2.4 5由电阻定律可知：R=，则电阻率：=代入数据解