2023学年黑龙江省大庆市第四中学高二物理第一学期期中教学质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、百米赛跑中，一名学生在20m处的瞬时速度为8m/s，12.5s末到达终点的瞬时速度为9m/s，则他在全程的平均速度是（）A8.25m/sB8.5m/sC8m/sD9m/

2、s2、如图所示，平行板电容器与直流电源、理想二极管（正向电阻为零可以视为短路，反向电阻无穷大可以视为断路）连接，电源负极接地初始电容器不带电，闭合开关S稳定后，一带电油滴位于电容器极板间的P点且处于静止状态下列说法正确的是( ) A减小极板间的正对面积，带电油滴会向下移动，且P点的电势会降低B减小极板间的正对面积，带电油滴会向上移动，且P点的电势会降低C将下极板上移，带电油滴向上运动D断开开关S，带电油滴将向下运动3、如图所示A是带正电的球，B为不电的导体，AB、均放在绝缘支架上，M、N是导体B中的两点，以无限远处为电势零点，当导体B达到静电平衡后,说法错误的是（ ）AM,N两点电场强度大小关

3、系为EM=EN=0BM,N两点电势高低关系为CM,N两点电势高低关系为D感应电荷在M,N两点产生的电场强度4、如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近P处，放置一个正点电荷，c为ab的中点，d为P和金属杆连线的中点。达到静电平衡后（）Aa端的电势比b端的高Ba端的电势比b端的低C点电荷在杆内c的场强为零Db端的电势比d点的电势低5、下列说法中错误的是：A安培分子电流假说认为磁体的磁场是由运动电荷产生的B电流元在空间中某处不受安培力作用，则此处一定无磁场C安培力和洛仑兹力的方向一定与磁场方向垂直D通电直导线与磁场方向间的夹角从300变至600过程中，安培力方向一直不变6、两个物体做平抛运动的初速

4、度之比为21，若它们的水平射程相等，则它们抛出点离地面高度之比为（）A12B1C14D41二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、做简谐振动的水平弹簧振子，其振子的质量为m，振动过程中的最大速率为v，从某一时刻算起，在半个周期内A弹力的冲量一定为零B弹力的冲量大小可能是零到2mv之间的某一个值C弹力所做的功一定为零D弹力做功可能是零到之间的某一个值8、某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标系上，如图中的a、b、

5、c所示，以下判断正确的是（ ）A反映Pr变化的图线是cB电源的电动势E6VC电源内电阻r1D当电流为0.5A时，外电路的电阻为69、关于振动和波，下列说法正确的是（ ）A单摆的振动周期与振幅无关，惠更斯利用摆的等时性制作了摆钟B由于人体内脏的固有频率接近某些次声波频率，因此这些次声波对人体有危害C隔着墙听和直接听某个声音，声调会有变化D利用超声波的多普勒效应，可测量心脏血液的流速10、关于电势差和电势甲、的理解，下列说法正确的是（）A表示B点相对于A点的电势差，即B和是不同的，它们有关系C、都有正、负，所以电势是矢量D电势点的规定是任意的，但人们通常规定大地或无穷远处为零电势点三、实验题：本题

6、共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某一小型电风扇额定电压为4.0V，额定功率为2.4W。某实验小组想通过实验描绘出小电风扇的伏安特性曲线。实验中除导线和开关外，还有以下器材可供选择：A电源E（电动势为4.5V，内阻忽略不计）B电压表V（量程为05V，内阻约为4k）C电流表A1（量程为00.6A，内阻约为0.2）D电流表A2（量程为03A，内阻约为0.05）；E滑动变阻器R1（最大阻值10，额定电流1A）F滑动变阻器R2（最大阻值2k，额定电流100mA）为了便于调节，减小读数误差和系统误差，实验中所用电流表应选用_，滑动变阻器应选用_（填所选仪

7、器前的字母序号）请你为该小组设计实验电路，并把电路图画在虚线内。（_）操作过程中发现，小电风扇通电后，电压表读数大于0.5V时，小电风扇才会开始转动该小组测绘出的小电风扇的伏安特性曲线如图所示，由此可以判定，小电风扇的电阻为_，正常工作时的发热功率为_，电风扇的机械功率为_。（以上三空计算结果均保留到小数点后一位）12（12分）请完成游标卡尺和螺旋测微的读数：(1)游标卡尺读数为_；(2)左图为校零时的状态，右图为测量时的状态，则螺旋测微器的读数为_。 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）真空中有一电场，在

8、电场中的P点放一电荷量为q1=4109C的检验电荷，它受到的电场力为F1=2105N，则（1）P点的场强E为多少？（2）把检验电荷的电荷量减小为q2=2109C，则检验电荷所受到的电场力F2为多少？14（16分）半径为2.5m的光滑半圆形轨道固定在水平地面上，一质量为2kg的小球以20m/s的速度从最低点A处冲上轨道，当小球从轨道最高点B处水平飞出时，（g=10m/s2）求：（1）小球在B处的速度大小；（2）小球在B处受到轨道弹力的大小；（3）小球落地点到A的距离.15（12分）如图，光滑水平面AB和粗糙斜面BC平滑连接，斜面倾角为53,AB=BC=3.75m质量为m=2kg，带电量为的小物块

9、在与水平面成53角斜向右上方的强电场中，电场强度为从A点由静止开始沿ABC运动到C点(取 )，求:(1)物块从A点运动到B点所用的时间；(2)若物块在AB和BC上运动的时间之比为2:1，求物块与斜面间的动摩擦因数；(3)若斜面光滑，改变场强E的大小(方向不变)，仍能使物体沿ABC运动到C，求场强E的取值范围参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】排除题目中的干扰因素，百米比赛为直道，其位移为100米，所以平均速度为故选C。2、C【解析】根据电容的决定式：可知，减小极板的正对面积，电容C减小，由于二极管具有单向

10、导电性，图中电容器只能充电不能放电，在直流电路中，电容器视为断路，电容器两端的电压等于电阻R两端的电压，根据定义式：Q=CU可知，电容器电量减少，但由于电路中有二极管，电容器放电时二极管处于截止状态，所以电容器不能放电，即电量不变，根据、和联立可得：，电场强度E变大，油滴所受电场力变大，油滴所受合力向上，带电油滴会向上移动，P点与下极板的距离不变，E变大，则P点的电势升高，故A、B错误；当电容器的下极板向上移动时，极板距离减小，电容器的电容变大，电容器所带的电量Q变大，电容器充电，由知，电容器板间场强变大，油滴所受电场力大于重力，带电油滴向上运动，故C正确；断开开关S，由于二极管具有单向导电性

11、，电容器不能放电，电容器带电量Q不变，电容C不变电压也不变，电容器两极板间的场强不变，故油滴仍然处于平衡状态，故D错误所以C正确，ABD错误3、C【解析】导体B达到静电平衡后，内部场强为零，所以，A正确；B达到静电平衡后变成一个等势体，即，B正确C错误；感应电荷在MN两点产生的电场强度大小等于A在MN两点产生的电场强度，根据点电荷电场公式可知，距离场源电荷越近，电场强度越大，故，故D正确4、D【解析】AB达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到a=b，所以A错误，B错误；C达到静电平衡后，导体为等势体，杆内c的场强为零，点电荷在C点的场强与感应电荷在C点的场强等大反向，

12、点电荷在杆内c的场强不为零，故C错误；D由于正电荷在右边，所以越往右电场的电势越高，所以db，故D正确。故选D。5、B【解析】试题分析：安培分子电流假说认为磁体的磁场是由运动电荷产生的，安培分子电流假说很好的解释了磁现象，故A正确；电流元在空间中某处不受安培力作用，则该位置的磁感应强度不一定为零，还与导体与磁场夹角有关，故B错误；安培力与洛伦兹力的方向均由左手定则来确定，它们都与磁场及电流或速度方向所构成的平面垂直，故C正确；安培力的方向均由左手定则来确定，与磁场及电流方向所构成的平面垂直，当电流与磁场方向间的夹角发生化时，安培力的方向不变，故D正确.本题选错误的，故选B.6、C【解析】根据平

13、抛的位移公式，x=v0t y=gt2 联立解得y=g，即在水平射程x相等的情况下，y与v02成反比，即有=.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A由于经过半个周期后，物体的速度反向，故动量也反向，根据动量定理，弹力的冲量一定不为零，故A错误；B振子的最大速率为v，最小速率为0，所以速度的变化范围在0到2v之间，根据动量定理可知，弹力的冲量大小可能是零到2mv之间的某一个值，故B正确；CD经过半个周期后，位移与之前的位移关系是大小相等、方向相反；速度也有同样

14、的规律，故动能不变，根据动能定理，弹力做的功为零，故C正确，D错误。故选BC。8、AD【解析】A. 电源内部的发热功率 ，所以反映Pr变化的图线是c，故A正确。BC. 输出功率：PR=PE-Pr=EI-I2r应为开口向下的曲线，故b表示PR-I图线，当I=2A时，PR=1说明外电路短路，根据P=EI，得到故BC错误。D. 当电流为1.5A时，故D正确。9、BD【解析】A单摆的振动周期与振幅无关，伽利略利用摆的等时性制作了摆钟，故A错误；B由于人体内脏的固有频率接近某些次声波频率，内脏可以与次声波发生共振现象从而对人体产生危害，故B正确；C声调有声波的频率决定，在传播过程中不会发生变化，故C错误

15、；D用超声波的多普勒效应，可测量心脏血液的流速，故D正确。故选BD。10、BD【解析】A表示A点相对于B点的电势差，A错误：B表示B点相对于A点的电势差，故，B正确；C电势是标量，正、负号是相对于零电势点而言的，正号表示高于零电势点，负号表示低于零电势点，C错误；D零电势点理论上是可以任意选取的，但通常取无穷远处或大地为零电势点，D正确.故选BD.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C E 见解析 2.5 0.9W 1.5W 【解析】1电风扇的额定电流，从读数误差的角度考虑，电流表选择C；2电风扇的电阻大约，电风扇的电阻比较小，则滑动变

16、阻器选择总电阻为10的误差较小，即选择E；3因为电压电流需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，电风扇的电阻大约，远小于电压表内阻，属于小电阻，电流表采用外接法电路图如图所示4电压表读数小于0.5V时电风扇没启动根据欧姆定律得：5正常工作时电压为4V，根据图象知电流为0.6A，则电风扇发热功率：6则电风扇的机械功率：12、 (在都算正确) 【解析】(1)1游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第12个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为120.05mm=0.60mm，所以最终读数为1020mm+0.60mm=10.60mm(2)2校零时螺旋测微器的固定刻度为0mm，可动刻度为0.80.

17、01mm=0.008mm，所以最终读数为0mm+0.008mm=0.008mm，测量时螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为14.40.01mm=0.144mm，所以最终读数为0.5mm+0.144mm=0.644mm，螺旋测微器的读数为0.644mm0.008mm=0.636mm，由于读数误差(在都算正确)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）5.0103N/C；（2）1.010-5N【解析】（1）由电场强度的定义式有：得P点的场强为：；（2）把检验电荷减小为2.0109C电场强度不变，仍为：E=5.0103N/C这时电荷受到的电场力为：14、（1）（2）220N（3）【解析】(1)A到B点过程中由动能定理有代入数据解得：(2)小球在B点处合理提供向心力有：代入数据解得：FN=220N(3)小球由B点飞出后做平抛运动，在竖直方向上有：代入数据解得：t=1s在水平方向上有：故解得答：(1)小球在B处的速度大小；(2)小球在B处受到轨道弹力的大小220N；(3)小球落地点到A的距离.15、 (1) ；(2) ；(3)【解析】根据牛顿第二定律求得加速度，有运动学公式求得时间；根据运动学公式判断出物体在斜面上运动，利用牛顿第二定律求得摩擦因数；物体能沿AB运动到C，故在