2022年6月浙江省普通高校招生选考科目考试8物理试题（解析版）

1、 第 PAGE page number35 页，共 NUMPAGES number of pages35 页 试题资源网 第 PAGE page numberpage number 页，共 NUMPAGES number of pagesnumber of pages 页2022年6月浙江省普通高校招生选考科目考试8物理试题本试卷共100分，考试时间90分钟。可能用到的相关公式或参数：重力加速度g均取10 m/s2一、选择题(本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1下列属于力的单位是( )Akgm/s2 Bkgm/sC

2、kgm2/s Dkgs / m2【答案】A【解析】根据牛顿第二定律的表达式Fma可知，m的国际单位为kg，a的国际单位为m/s2，则F的单位为kgm/s2，故A正确。2下列说法正确的是( )A链球做匀速圆周运动过程中加速度不变B足球下落过程中惯性不随速度增大而增大C乒乓球被击打过程中受到的作用力大小不变D篮球飞行过程中受到空气阻力的方向与速度方向无关【答案】B【解析】因做匀速圆周运动的物体加速度的大小不变、方向始终指向圆心，故链球做匀速圆周运动的过程中加速度的大小不变，方向时刻改变，A错误。惯性是物体本身的固有属性，惯性的大小只与物体的质量有关，质量大则惯性大，足球下落过程中质量不变，故惯性不

3、变，B正确。乒乓球被击打的过程中，球与球拍发生弹性形变，随着形变量的变化，乒乓球受到的作用力也发生变化，C错误。一般情况下，篮球在低速飞行时受到的空气阻力方向与速度方向相反，D错误。3如图所示，鱼儿摆尾击水跃出水面，吞食荷花花瓣的过程中，下列说法正确的是( )第3题图A鱼儿吞食花瓣时鱼儿受力平衡B鱼儿摆尾出水时浮力大于重力C鱼儿摆尾击水时受到水的作用力D研究鱼儿摆尾击水跃出水面的动作可把鱼儿视为质点【答案】C【解析】鱼儿吞食花瓣时在空中处于最高点，此时鱼儿受重力作用，鱼儿与花瓣间的作用力可以忽略，则此时鱼儿受力不平衡，A错误；鱼儿摆尾击水时受到水的作用力，鱼儿摆尾出水时，水对鱼儿的作用力大于鱼

4、儿的重力，并非浮力大于重力，B错误，C正确；研究鱼儿摆尾出水的动作时，鱼儿的大小和形状不能忽略，故不能把鱼儿看成质点，D错误。4关于双缝干涉实验，下列说法正确的是( )A用复色光投射就看不到条纹B明暗相间条纹是两列光在屏上叠加的结果C把光屏前移或后移，不能看到明暗相间条纹D蓝光干涉条纹的间距比红光的大【答案】B【解析】复色光投射，在屏上可以看到彩色条纹，A错误；明暗相间的条纹是两列相干光在屏上叠加的结果，B正确；根据干涉现象中两相邻的亮条纹或暗条纹间距公式xeq f(l,d)可知，把光屏前移或后移，l的距离会发生变化，即x会发生变化，但依然可以看到明暗相间的条纹，C错误；因红蓝，由xeq f(

5、l,d)可知，x红x蓝，故D错误。5下列说法正确的是( )A恒定磁场对静置于其中的电荷有力的作用B小磁针N极在磁场中的受力方向是该点磁感应强度的方向C正弦交流发电机工作时，穿过线圈平面的磁通量最大时，电流最大D升压变压器中，副线圈的磁通量变化率大于原线圈的磁通量变化率 【答案】B【解析】恒定磁场对运动电荷有力的作用，对静止的电荷没有力的作用，A错误；物理学中规定，小磁针在磁场中静止时N极所指的方向为该点的磁感应强度方向，小磁针在磁场中静止时N极的受力方向即所指方向，B正确；穿过线圈平面的磁通量最大时，磁通量的变化率最小，产生的感应电动势最小，故电流也最小，C错误；无论是升压变压器还是降压变压器

6、，若变压器是理想变压器，则穿过原线圈和副线圈的磁通量变化率相同，若变压器不是理想变压器，即有漏磁和能量损失，则穿过原线圈的磁通量变化率大于穿过副线圈的磁通量变化率，D错误。6神舟十三号飞船采用“快速返回技术”，在近地轨道上，返回舱脱离天和核心舱，在圆轨道环绕并择机返回地面。则( )A天和核心舱所处的圆轨道距地面高度越高，环绕速度越大B返回舱中的航天员处于失重状态，不受地球的引力C质量不同的返回舱与天和核心舱可以在同一轨道运行D返回舱穿越大气层返回地面过程中，机械能守恒【答案】C【解析】天和核心舱做匀速圆周运动时，万有引力提供向心力，由eq f(GMm,（Rh）2)meq f(v2,Rh)得ve

7、q r(f(GM,Rh)，可知随距地面的高度的增加，天和核心舱的速度减小，A错误；航天员处于失重状态时，依然受到地球对其的引力，即Feq f(GMm,r2)，B错误；返回舱和天和核心舱在同一轨道上运行，其质量不同，但周期、角速度和线速度的大小均相同，C正确；返回舱穿越大气层返回地面的过程中，因大气的摩擦阻力对其做负功，故返回舱的机械能减少，D错误。7图为氢原子的能级图。大量氢原子处于n3的激发态，在向低能级跃迁时放出光子，用这些光子照射逸出功为2.29 eV的金属钠。下列说法正确的是( )第7题图A逸出光电子的最大初动能为10.80 eVBn3跃迁到n1放出的光子动量最大C有3种频率的光子能使

8、金属钠产生光电效应D用0.85 eV的光子照射，氢原子跃迁到n4激发态【答案】B【解析】大量处于n3能级的氢原子向低能级跃迁时可以释放出3种不同能量的光子，从n3能级跃迁到n2能级时有h1E3E21.89 eV，从n2能级跃迁到n1能级时有h2E2E110.2 eV，从n3能级跃迁到n1能级时有h3E3E112.09 eV，显然h3能量最大，根据爱因斯坦光电效应方程EkhW0可知，逸出光电子的最大初动能Ekmh3W012.09 eV2.29 eV9.80 eV，故A错误。由动量peq f(h,)eq f(h,c)可知，辐射光子的能量越大，其动量也越大，故B正确。从n3能级跃迁到n2能级时，辐射

9、光子的能量h11.89 eV，小于金属钠的逸出功，故处于n3能级的氢原子向低能级跃迁时释放出的3种光子中只有2种可以使金属钠发生光电效应，C错误。要使氢原子从n3能级跃迁到n4能级，需要吸收光子的能量只能为E4E30.66 eV，故D错误。8如图所示，王亚平在天宫课堂上演示了水球光学实验，在失重环境下，往大水球中央注入空气，形成了一个空气泡，气泡看起来很明亮，其主要原因是( )第8题图A气泡表面有折射没有全反射B光射入气泡衍射形成“亮斑”C气泡表面有折射和全反射D光射入气泡干涉形成“亮纹”【答案】C【解析】当光从水中射到空气泡的界面处时，一部分光的入射角大于或等于临界角，发生了全反射现象，所以

10、水中的空气泡看起来特别亮。但并不是全部的入射光都发生全反射，也有一部分的入射角小于临界角，所以气泡表面也会有折射现象，故选C。9如图所示，带等量异种电荷的两正对平行金属板M、N间存在匀强电场，板长为L(不考虑边界效应)。t0时刻，M板中点处的粒子源发射两个速度大小为v0的相同粒子，垂直M板向右的粒子，到达N板时速度大小为eq r(2)v0；平行M板向下的粒子，刚好从N板下端射出。不计重力和粒子间的相互作用，则( )第9题图AM板电势高于N板电势B两个粒子的电势能都增加C粒子在两板间的加速度aeq f(2v02,L)D粒子从N板下端射出的时间teq f(（r(2)1）L,2v0)【答案】C【解析

11、】由于粒子电性未知，有两种情况，如图所示，故M、N板电势的高低无法判断，A错误；由题知，垂直M板运动的粒子速度增大，则其做匀加速直线运动，由于两粒子完全相同，故在电场中运动时的加速度相同，平行M板向下的粒子做类平抛运动，水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，电场力均做正功，故两粒子的电势能都减小，B错误；两粒子由M板中点射入，设板间距为d，垂直M板向右的粒子运动满足(eq r(2)v0)2v022ad，则2adv02；平行M板向下的粒子，刚好从N板下端射出，则竖直方向有eq f(L,2)v0t，水平方向有vx22adv02，则aeq f(v0,t)，解得teq f(L,2v0)，aeq f(2

12、v02,L)，C正确，D错误。10如图所示，一轻质晒衣架静置于水平地面上，水平横杆与四根相同的斜杆垂直，两斜杆夹角60。一重为G的物体悬挂在横杆中点，则每根斜杆受到地面的( )第10题图A作用力为eq f(r(3),3)G B作用力为eq f(r(3),6)GC摩擦力为eq f(r(3),4)G D摩擦力为eq f(r(3),8)G【答案】B【解析】晒衣架左侧斜杆受力分析如图所示，由整体平衡可知4FNG，对斜杆，有tan 30eq f(f,FN)，解得FNeq f(G,4)，feq f(r(3)G,12)，每根斜杆受到地面的作用力Feq r(FN2f2)eq f(r(3),6)G，故B正确，A

13、、C、D错误。11如图所示，一根固定在墙上的水平光滑杆，两端分别固定着相同的轻弹簧，两弹簧自由端相距x。套在杆上的小球从中点以初速度v向右运动，小球将做周期为T的往复运动，则( )第11题图A小球做简谐运动B小球动能的变化周期为eq f(T,2)C两根弹簧的总弹性势能的变化周期为TD小球的初速度为eq f(v,2)时，其运动周期为2T【答案】B【解析】小球未压缩弹簧时做匀速直线运动，不受回复力作用，由简谐运动的定义可知，小球的运动不是简谐运动，A错误；小球由中点向右运动开始计时，运动过程中小球与弹簧组成的系统机械能守恒，小球的动能以及弹簧的弹性势能随时间的变化图像如图所示，由图像可知，运动过程

14、中小球动能与弹簧弹性势能的变化的周期均为eq f(T,2)，B正确，C错误；若小球的初速度变为eq f(v,2)，则t0变为原来的二倍，t1变为原来的eq f(1,2)，D错误。12风力发电已成为我国实现“双碳”目标的重要途径之一。如图所示，风力发电机是一种将风能转化为电能的装置。某风力发电机在风速为9 m/s时，输出电功率为405 kW，风速在510 m/s范围内，转化效率可视为不变。该风机叶片旋转一周扫过的面积为A，空气密度为，风场风速为v，并保持风正面吹向叶片。下列说法正确的是( )第12题图A该风力发电机的输出电功率与风速成正比B单位时间流过面积A的流动空气动能为eq f(1,2)Av

15、2C若每天平均有1.0108 kW的风能资源，则每天发电量为2.4109 kWhD若风场每年有5 000 h风速在610 m/s范围内，则该发电机年发电量至少为6.0105 kWh【答案】D【解析】风力发电机将风的动能转化为电能，单位时间内叶片接收到的空气的质量mAv，其动能Ekeq f(1,2)mv2eq f(1,2)Av3，则发电机的输出电功率与v3成正比，A、B错误； 若1.0108 kW的风能资源全部转化为电能，则每天发电量为E1.0108kW24 h2.4109kWh，由于风力发电机的转化效率无法达到百分之百，故每天的发电量低于2.4109 kWh，C错误；风速在510 m/s范围内

16、，转化效率可视为不变，则风速在6 m/s时输出的电功率Peq f(63,93)405 kW120 kW，则年发电量至少为EPt6.0105 kWh，D正确。13小明用额定功率为1 200 W、最大拉力为300 N的提升装置，把静置于地面的质量为20 kg的重物竖直提升到高为85.2 m的平台，先加速再匀速，最后做加速度大小不超过5 m/s2的匀减速运动，到达平台的速度刚好为零，则提升重物的最短时间为( )A13.2 s B14.2 s C15.5 s D17.0 s【答案】C【解析】由题知，提升装置最大拉力F300 N，故重物加速运动的加速度大小a1eq f(Fmg,m)5 m/s2，重物运动

17、的最大速度为vmeq f(P,mg)6 m/s，重物先做加速度大小为a15_m/s2的匀加速直线运动，当速度大小达到v14_m/s时，功率达到最大，此后以额定功率做变加速直线运动，当速度大小达到6_m/s时，做匀速直线运动，最后做匀减速直线运动，减速过程的加速度越大，运动时间越短，故减速过程的加速度大小也为5 m/s2时，所用时间最短，由运动规律可知，重物做匀加速运动的时间t1eq f(4 m/s,5 m/s2)0.8 s，重物匀加速运动的位移大小x1eq f(v1,2)t11.6 m，匀减速运动的时间t2eq f(vm,a)eq f(6,5) s1.2 s，重物匀减速运动的位移大小x2eq

18、f(vm,2)t23.6 m，所以变加速运动和匀速运动的位移大小为h(85.23.61.6)m80 m，设此段位移所用时间为t3，由动能定理有Pt3mgheq f(1,2)mvm2eq f(1,2)mv12，解得t313.5 s，总时间tt1t2t315.5 s，C正确。二、选择题(本题共3小题，每小题2分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分)14秦山核电站生产 614C的核反应方程为 714N01n 614CX，其产物 614C的衰变方程为 614C 147N 10e。下列说法正确的是( )AX是11H B 614

19、C可以用作示踪原子C10e来自原子核外D经过一个半衰期，10个 614C将剩下5个【答案】AB【解析】核反应方程遵循质量数守恒和电荷数守恒，故X的质量数为141141，电荷数为7061，X是11H，A正确；614C能发生衰变，可知其具有放射性，故可以用作示踪原子，B正确；衰变中的电子是核内中子转化为质子时放出的，C错误；半衰期是统计学的概念，故对于少数原子核，半衰期的概念并不适用，D错误。15如图为某一径向电场示意图，电场强度大小可表示为Eeq f(a,r)， a为常量。比荷相同的两粒子在半径r不同的圆轨道运动。不考虑粒子间的相互作用及重力，则( )第15题图A轨道半径r小的粒子角速度一定小B

20、电荷量大的粒子的动能一定大C粒子的速度大小与轨道半径r一定无关D当加垂直纸面磁场时，粒子一定做离心运动【答案】BC【解析】由题图可知，电场方向背离圆心，粒子在其中做匀速圆周运动，故粒子带负电，由电场力提供向心力，有Eeq f(a,r)，Eqeq f(mv2,r)，得veq r(f(aq,m)，v只与粒子比荷有关，两粒子比荷相同，故在电场中运动的速度大小相同，r越小，由eq f(2,T)可知，粒子运动的周期越小，粒子运动的角速度越大，A错误，C正确；带电粒子运动的动能Ekeq f(1,2)mv2eq f(1,2)aq，故带电粒子的电荷量越大，动能越大，B正确；由于粒子做圆周运动的方向不确定，故加

21、磁场时所受洛伦兹力的方向可以指向圆心，也可以背离圆心，粒子可以做近心运动，也可以做离心运动，故D错误。16位于x0.25 m的波源p从t0时刻开始振动，形成的简谐横波沿x轴正负方向传播，在t2.0 s时波源停止振动，t2.1 s时的部分波形如图所示，其中质点a的平衡位置xa1.75 m，质点b的平衡位置xb0.5 m。下列说法正确的是 ( )第16题图A沿x轴正负方向传播的波发生干涉Bt0.42 s时，波源的位移为正Ct2.25 s时，质点a沿y轴负方向振动 D在0到2 s内，质点b运动总路程是2.55m【答案】BD【解析】干涉现象指的是频率相同的两列波发生叠加的现象，图中两列波并未出现叠加，

22、故A错误；由题图可知波速veq f(x,t)eq f(0.25,0.1) m/s2.5 m/s，波长1 m，则周期Teq f(,v)0.4 s，振幅A0.15 m，t0.42 s时，波源的位移与t0.02 s时的位移相同，由图像可知波源的起振方向沿y轴正方向，00.1 s时间内波源由平衡位置向y轴正方向运动，位移为正，B正确；t2.25 s时，相比于t2.1 s时波沿x轴正方向传播了xvt0.375 m，故质点a的振动情况与t2.1 s时平衡位置在x1.375 m处质点的振动情况相同，由“上下坡”法可知t2.1 s时，平衡位置在x1.375 m处的质点向y轴正方向运动，C错误；02 s内，波传

23、到b点所用的时间tbeq f(xbp,v)eq f(0.75,2.5) s0.3 s，故质点b振动的时间为2 s0.3 s1.7 seq f(17,4)T，由于波源从平衡位置开始振动，故02 s内，质点b运动总路程s4Aeq f(17,4)2.55 m，D正确。三、非选择题(本题共6小题，共55分)17(7分)(1)“探究小车速度随时间变化的规律”的实验装置如图1所示，长木板水平放置，细绳与长木板平行。图2是打出纸带的一部分，以计数点O为位移测量起点和计时起点，则打计数点B时小车位移大小为_cm。由图3中小车运动的数据点，求得加速度为_m/s2(保留两位有效数字)。第17题图1第17题图2利用

24、图1装置做“探究加速度与力、质量的关系”的实验，需调整的是_(多选)。A换成质量更小的小车B调整长木板的倾斜程度C把钩码更换成砝码盘和砝码D改变连接小车的细绳与长木板的夹角第17题图3第17题图4(2)“探究求合力的方法”的实验装置如图4所示，在该实验中，下列说法正确的是_(单选)；A拉着细绳套的两只弹簧秤，稳定后读数应相同B在已记录结点位置的情况下，确定一个拉力的方向需要再选择相距较远的两点C测量时弹簧秤外壳与木板之间不能存在摩擦D测量时，橡皮条、细绳和弹簧秤应贴近并平行于木板若只有一只弹簧秤，为了完成该实验至少需要_(填“2”“3”或“4”)次把橡皮条结点拉到O点。【答案】(1)6.20(

25、6.156.25均可) 1.9(1.72.1均可) BC (2)D 3【解析】(1)小车从起点O到打计数点B的位移xOBxBxO6.20 cm0.00 cm6.20 cm；根据题图3数据点作出vt图像，vt图像斜率表示加速度，在图像上相隔远一点取两点，可得小车加速度aeq f(1.250.30,0.600.10) m/s21.9 m/s2。本实验要利用悬挂钩码的重力表示绳子拉力，必须满足小车质量要远大于悬挂钩码的质量，A错误；实验时需要调整长木板的倾斜程度，用重力分力补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力，B正确；把钩码更换成砝码盘和砝码，便于实验中改变绳子拉力，C正确；实验时要使细绳始终与长木

26、板保持平行，D错误。(2)实验时两弹簧秤的读数不一定要相同，A错误；在已记录结点位置的情况下，再需要一个点，就能确定拉力方向，B错误；测量时弹簧秤外壳可以与木板存在摩擦，不影响实验结果，C错误；测量时，橡皮条、细绳和弹簧秤应贴近并平行于木板，D正确。用一个弹簧秤完成实验至少需要把橡皮条结点拉到O点3次，第1次弹簧秤拉一个细绳套，将结点拉到O点，记录力F的大小和方向，第2次弹簧秤拉一个细绳套产生拉力F1，手拉另一个细绳套产生拉力F2，将结点拉到O点，记录弹簧秤示数(F1的大小)和方向，记录F2的方向，第3次手沿着F1的方向拉细绳套，弹簧秤沿着F2的方向拉细绳套，将结点拉到O点，记录弹簧秤示数(F

27、2的大小)。18(7分)(1)探究滑动变阻器的分压特性，采用图1所示的电路，探究滑片P从A移到B的过程中，负载电阻R两端的电压变化。图2为实验器材部分连线图，还需要_(填“af”“bf”“fd”“fc”“ce”或“cg”)连线(多选)。图3所示电压表的示数为_V。第18题图1第18题图2第18题图3第18题图4已知滑动变阻器的最大阻值R010 ，额定电流I1.0 A。选择负载电阻R10 ，以R两端电压U为纵轴，eq f(x,L)为横轴(x为AP的长度，L为AB的长度)，得到Ueq f(x,L)分压特性曲线为图4中的“I”；当R100 ，分压特性曲线对应图4中的_(填“”或“”)；则滑动变阻器最

28、大阻值的选择依据是_。(2)两个相同的电流表G1和G2如图5所示连接，晃动G1表，当指针向左偏时，静止的G2表的指针也向左偏，原因是_(多选)。第18题图5A两表都是“发电机”BG1表是“发电机”，G2表是“电动机”CG1表和G2表之间存在互感现象DG1表产生的电流流入G2表，产生的安培力使G2表指针偏转【答案】(1)af、fd、ce 1.500.02 R0R (2)BD【解析】(1)由题图4可知，电压表量程选取03 V，由题图1可知，题图2中还需要af、fd、ce连线；电压表量程为03 V，最小分度为0.1 V，则电压表示数为1.50 V；由电路图可知，R与RAP并联后再与RPB串联，RAP

29、RPBR010 ，当R100 时，RAPR，R与RAP并联部分的电阻趋近于RAP，滑片移动时电路总电阻几乎不变，UURAPeq f(E,R总)RAPeq f(ER0,R总)eq f(x,L)，U近似与eq f(x,L)成正比，故分压特性曲线对应图4中的，则滑动变阻器最大阻值的选择依据为R0R。(2)G1表指针偏转，内部线圈切割磁感线产生感应电流，则G1表相当于“发电机”，电流会流入G2表内部线圈，而该线圈处于磁场中，安培力使G2表指针偏转，则G2表相当于“电动机”，B、D正确。19(9分)物流公司通过滑轨把货物直接装运到卡车中。如图所示，倾斜滑轨与水平面成24角，长度l14 m，水平滑轨长度可

30、调，两滑轨间平滑连接。若货物从倾斜滑轨顶端由静止开始下滑，其与滑轨间的动摩擦因数均为eq f(2,9)，货物可视为质点(取cos 240.9，sin 240.4)。(1)求货物在倾斜滑轨上滑行时加速度a1的大小；(2)求货物在倾斜滑轨末端时速度v的大小；(3)若货物滑离水平滑轨末端时的速度不超过2 m/s，求水平滑轨的最短长度l2。第19题图【答案】(1)2 m/s2 (2)4 m/s (3)2.7 m【解析】(1)货物在倾斜滑轨上滑行时，由牛顿第二定律有mgsin 24mgcos 24ma1，解得a12 m/s2。(2)货物在倾斜滑轨上做匀加速直线运动，由v22a1l1，解得货物在倾斜滑轨末

31、端时速度大小v4 m/s。(3)货物在水平滑轨上做匀减速直线运动，由牛顿第二定律有mgma2，由v12v22a2l2，解得水平滑轨的最短长度l22.7 m。20(12分)如图所示，在竖直面内，一质量m的物块a静置于悬点O正下方的A点，以速度v逆时针转动的传送带MN与直轨道AB、CD、FG处于同一水平面上，AB、MN、CD的长度均为l。圆弧形细管道DE半径为R，EF在竖直直径上，E点高度为H。开始时，与物块a相同的物块b悬挂于O点，并向左拉开一定的高度h由静止下摆，细线始终张紧，摆到最低点时恰好与a发生弹性正碰。已知m2 g，l1 m，R0.4 m，H0.2 m，v2 m/s，物块与MN、CD之

32、间的动摩擦因数0.5，轨道AB和管道DE均光滑，物块a落到FG时不反弹且静止。忽略M、B和N、C之间的空隙，CD与DE平滑连接，物块可视为质点。(1)若h1.25 m，求a、b碰撞后瞬时物块a的速度v0的大小；(2)物块a在DE最高点时，求管道对物块的作用力FN与h间满足的关系；(3)若物块b释放高度0.9 mh1.65 m，求物块a最终静止的位置x值的范围(以A点为坐标原点，水平向右为正，建立x轴)。第20题图【答案】(1)5 m/s (2)FN0.1h0.14(N)(h1.2 m) (3)见解析【解析】(1)物块b摆到最低点的过程中，由动能定理有mgheq f(1,2)mvb2，解得vb5

33、 m/s，在最低点，物块a、b发生弹性正碰，由动量守恒定律和机械能守恒定律有mvbmv0mvb，eq f(1,2)mvb2eq f(1,2)mv02eq f(1,2)mvb2，联立解得碰后物块a的速度v0vb5 m/s。(2)假设物块b从h1高度释放时，物块a运动到E点时速度恰好为零，对物块a、b运动的全过程由能量守恒定律有mgh12mglmgH0，解得h11.2 m，由此可知，物块a要运动到E点，物块b释放的高度h1.2 m，规定竖直向下为正方向，在E点对物块a受力分析有FNmgmeq f(vE2,R)，对物块a运动的全过程由能量守恒定律有mgh2mglmgHeq f(1,2)mvE2，解得

34、FN0.1h0.14(N)(h1.2 m)。(3)由几何知识可得lDFeq f(r(3),5)m。当h1.2 m时，物块a刚好停在E点，物块a运动的位移x13llDFeq blc(rc)(avs4alco1(3f(r(3),5) m，当1.2 mh1.65 m时，物块a通过E点后做平抛运动落在FG上，当h1.65 m时，物块a落到FG上的位置到F点最远，物块a、b碰撞后速度交换，则对物块a、b的运动过程由能量守恒定律有mgh2mglmgHeq f(1,2)mvEm2，解得vEm3 m/s，由平抛运动规律可得teq r(f(2H,g)0.2 s，物块a落到FG上的位置到F点的最大距离smvEmt

35、0.6 m，解得物块a运动的最大位移xm3llDFsmeq blc(rc)(avs4alco1(3.6f(r(3),5) m，综上可得，当1.2 mh1.65 m时，物块a最后停下时的位置满足eq blc(rc)(avs4alco1(3f(r(3),5) mxeq blc(rc)(avs4alco1(3.6f(r(3),5) m；从h0.9 m处释放物块b时，设物块a停下的位置到C点的距离为lx，对物块a、b运动的全过程，由能量守恒定律有mghmglmglx0，解得lx0.8 m，物块a运动到距C点0.8 m处速度恰好为零，则物块a运动的位移x22llx2.8 m，从略小于1.2 m高度释放物

36、块b，物块a不能通过最高点E，运动到能到达的最高点后将返回CD段，设物块a停下的位置到D点的距离为lx，对物块a、b运动的全过程分析，由能量守恒定律有mgh2mglmglx0，解得lx0.4 m，物块a运动的位移x33llx2.6 m2.8 m，调整物块b的高度，物块a可以刚好停在D点，综上可得，当0.9 mh1.2 m时，物块a最终静止的位置x的范围为2.6 m0)、速度大小不同的离子，其中速度大小为v0的离子进入转筒，经磁场偏转后恰好沿y轴负方向离开磁场。落在接地的筒壁或探测板上的离子被吸收且失去所带电荷，不计离子的重力和离子间的相互作用。(1)求磁感应强度B的大小；若速度大小为v0的离子

37、能打在板Q的A处，求转筒P角速度的大小；(2)较长时间后，转筒P每转一周有N个离子打在板Q的C处，OC与x轴负方向的夹角为，求转筒转动一周的时间内，C处受到平均冲力F的大小；(3)若转筒P的角速度小于eq f(6v0,R)，且A处探测到离子，求板Q上能探测到离子的其他的值(为探测点位置和O点连线与x轴负方向的夹角)。第22题图【答案】(1)eq f(mv0,qR) (4k1)eq f(v0,R)(k0，1，2，) (2)eq f(（2n）N,2（）)eq f(mv02,R)taneq f(,2)(n0，1，2，) (3)eq f(5,6)或eq f(1,6)【解析】(1)由题意可知，速度为v0

38、的离子在磁场中运动的轨迹半径为R，洛伦兹力充当向心力，有qv0Bmeq f(v02,R)，解得Beq f(mv0,qR)。离子在磁场中转过了eq f(1,4)的圆周，在磁场中的运动时间teq f(1,4)Teq f(1,4)eq f(2R,v0)eq f(R,2v0)，转筒P转动的角度t2keq f(,2)，解得转筒P的角速度(4k1)eq f(v0,R)(k0，1，2，)。(2)设速度大小为v的离子在磁场中的轨迹半径为R，由几何关系可得RRtaneq f(,2)，洛伦兹力充当向心力，有veq f(qBR,m)，解得vv0taneq f(,2)，离子在磁场中的运动时间t()eq f(R,v)(

39、)eq f(R,v0)，转筒转动的角度t2n(n0，1，2，)，转筒转动的角速度eq f(（2n）,（）)eq f(v0,R)(n0，1，2，)，由动量定理有Feq f(2,)Nmv，解得Feq f(（2n）N,2（）)eq f(mv02,R)taneq f(,2)(n0，1，2，)。(3)第(1)(2)问可知，转筒转动的角速度(4k1)eq f(v0,R)eq f(（2n）,（）)eq f(v0,R)eq f(6v0,R)，分析上式可知，k1，eq f(52n,6)，n只能取0或2，解得eq f(5,6)或eq f(1,6)。高考物理复习常遇问题汇总问题一：高三一年的复习时间，那么长，怎样合

40、理地安排复习才更有效呢?高三复习时间看似很多，其实有效的复习时间并不是很多，因此要系统地安排复习时间。一般分为三个阶段，每一个阶段的复习都有其相应的特点和要求。通常从当年9月到次年3月上旬为第一个阶段，习惯上称为第一轮复习。这个阶段的复习基本上是按照教材章节顺序进行复习。在第一轮的复习中知识点的复习非常细致、系统，但是与高一、高二新授课不同，这个阶段主要是帮助同学们回忆学习过的知识点，在回忆的基础上再进行巩固和提高。上课的时候一定要主动听课，不能被动听课。从当年3月中旬到4月底，大约45天的时间，习惯上称为第二轮复习。在这段时间里通常是进行专题复习，将打破章节之间的限制，主要从学科知识、方法的

41、角度设置专题进行复习。从当4月底到5月底，我们通常称为第三轮复习，主要是以练习卷为主实战练习，进入六月份，就是考前的调整阶段。在这个阶段主要是看看教材和卷子上做错的题目。问题二：您刚才说的主动听课是什么意思?您能具体的解释一下吗?高一、高二上课的时候，课堂上，你的大部分时间是在仔细听老师讲解，你的思路是跟随老师的思路进行深入的思考，课堂上边听课边记笔记然后在课下再消化、理解、巩固。在高三的课堂，这样做就是低效率了，当老师提出一个问题以后，你必须主动积极思考，如果不能立刻回忆出这个知识点，你再听老师的讲解，这样就能知道哪些知识点是自己不会的，哪些知识点是自己会的。课下把不会的知识点一定要弄懂弄通

42、，不能留下知识点的死角。举个例子吧，例如当老师问“如果把力按照性质来分类有哪些力呢?”，这个时候你就应该回忆有哪些力，如果能回忆起来就说明你这个知识点没有遗忘。再比如老师问“这个力做功是正功还是负功呢?”，如果你回忆不起来怎样判断力做功正负的方法，这就说明这部分知识点有遗漏，这就是我说的主动听课。问题三：听说第一轮复习将做大量的习题，市场上的教辅资料可谓汗牛充栋，选用什么样的资料比较好呢?在资料的使用上有什么秘诀吗?高三的学生最好不要做大量的习题，整天泡在题海中，但是不做题是不行的，必须经过实战演练才能知道哪些知识在理解上或者应用上还有不足。对于教辅资料我认为不要太多，有两本就够了。在自己选择

43、教辅资料时，我建议应该选择难易适度的。标准是这样的，假设一章有10道试题，如果你发现几乎没有不会的，那么这本教辅资料对你来说就是过于简单了，如果有7到8道题经过长时间思考都没有解题思路，那就是过于难了。过于简单和过于难都会浪费你宝贵的复习时间，这样的教辅资料对一轮复习是不合适的。对于教辅资料的使用也要注意一下几点：(1)哪些题是一看就会的，哪些题是经过深度思考才能做对的，哪些题是经过深度思考后一点思路都没有的，这些题必须做好不同的标识。(2)对那些一点思路没有的习题，必须通过同学或老师的帮助使之变成有思路的习题，这些知识点就是你们备考路上的“拦路虎”，一定要把他们都“消灭”了。(3)要定期回头

44、复习那些经过深度思考才做出的习题，保证思路上的畅通。(4)要把自己不会的习题、做错的习题进行归类，看看哪些题是方法上的错误，哪些题是计算上的失误，哪些题是概念理解不透造成的错误，设计一个表格记录下来。掌握自己犯错的类型，就为防范错误做好了准备，整理一个错题本是复习的一个好办法，便于集中查阅自己犯过的错误。当看到曾经出现过的问题，应该随时翻看课本里面相应的内容，这样边记边看效果会更显著，不会的知识点就会越来越少了。问题四：都说要跳出题海，少做题还能得高分吗?物理学科不做题是不行的，但是没有必要做大量的习题，在做题的过程中要抓住物理模型的本质、习题条件变换、多过程多对象的拆分。(1)注意物理题的模

45、型。我们所学到的规律都是经过简化以后物理模型所对应的规律。只有找到题目所述的是什么样的模型，才能用这个模型所对应的物理规律来解决问题。(2)注意题目条件的变化。高中所学的模型不多，但是题目千变万化，原因是每一道题都有区别于其他题目的条件。审题的关键是将这种条件找出来，也就是我们平时所要找的初始条件、边界条件、临界条件等。(3)能把多过程和多对象进行拆分。对于多过程、多对象的问题，审题清楚以后的第一个任务就是把整个过程分解为多个子过程，把多个研究对象分别隔离作为单个物体来研究，或者将几个对象作为整体来研究。问题五：有一个问题使我特闹心，就是有些题老师一讲我就明白，等自己做的时候就不会了，这可怎么

46、办啊?对于知识的学习分为不同的层次，通常分为知道、理解、应用、评价这四个层次。你说的“明白”那是停留在知道的层面，可能没有理解或者没有达到应用和评价的层次。而高考题对知识点的要求是达到理解和灵活应用的层次。例如仅记住力做功的公式是不行的，你还必须理解这个公式中的力必须是作用在物体上的恒力，当是变力的时候就不能应用这个公式求解变力做功了，对于公式中的位移应该是物体相对地面的位移，公式中的夹角应该是力的正方向和位移正方向间的夹角。你不会独立做题的原因也可能是没有掌握一些解决试题方面的程序性知识，或者对于处理这些问题所需要的知识不能以模块化的方式呈现出来。例如应用动能定理解题或者是应用楞次定律判断感

47、应电流方向的步骤等。问题六：我们马上要进行力学的复习了，高考对要求考查的力学知识点有哪些?针对不同的知识点要掌握到何种程度?考试大纲是高考命题的指挥棒，也是高三复习的纲领性文件，考试大纲中有明确的知识点的要求及要求掌握的程度，对本辑设计的力学内容，类要求的知识点主要有：速度和加速度;匀变速直线运动及其公式、图像;力的合成和分解;共点力的平衡;牛顿运动定律、牛顿定律的应用;运动的合成和分解;抛体运动;向心加速度。匀速圆周运动的向心力;万有引力定律及其应用等.类要求是指对所列知识要理解其确切含义及与其他知识的联系，能够进行叙述和解释，并能在实际问题的分析、综合、推理和判断等过程中运用，与课程标准中

48、理解和应用相当。除类要求的知识点之外都属于类要求的知识，类要求是指对所列知识要知道其内容及含义，并能在有关问题中识别和直接使用，与课程标准中的了解和认识相当。预计2011年考试大纲对力学的要求变化不大，复习时可以以2010年的考试大纲为指导。问题七：本辑所涉及的力学内容在高考中的命题特点有哪些，如何针对这些特点有效复习?所涉及的力学内容可归纳为以下几个方面：(1)直线运动的命题特点：直线运动更多的是与牛顿定律、带电粒子在电磁场中的运动等结合起来，作为综合试题中的一个知识点而加以体现。(2)力与物体的平衡命题特点：侧重力的合成与分解、摩擦力的概念及变化规律等知识，另外也要注重电场力，磁场力及复合

49、场的平衡问题。(3)牛顿运动定律命题特点：命题形式倾向于应用型、综合型和能力型，易与生产、生活、军事科技、工农业生产等紧密联系，还可以以力、电综合题形式出现。(4)曲线运动与万有引力定律命题特点：抛体运动及圆周运动与生产、生活的联系，万有引力定律与现代航天科技的综合是高考的热点。同学们在复习时应多注意这些知识的综合训练和应用。问题八：2010年高考题中出现联系社会的热点问题，复习力学时怎样密切联系实际?随着科学的发展、社会的进步、地区性突出事件的增加，也给高考物理的内容增添了不少新的素材。如：上海“世博会” 绿色公交问题，场馆中的节能问题;广州“亚运会” 径赛中的运动学问题，田赛中的动力学问题;即将发射的“神八”卫星的发射速度与环