2021-2022学年兰州大学附属中学高三第四次模拟考试物理试卷含解析

1、2021-2022学年高考物理模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、我国计划在2030年之前制造出可水平起飞、水平着陆并且可以多次重复使用的空天飞机。假设一航天员乘坐空天飞机着陆某星球后，由该星球表面以大小为v0的速度竖直向上抛出一物体，经时间t后物体落回抛出点。已知该星球的半径为R，该星球没有大气层

2、，也不自转。则该星球的第一宇宙速度大小为（）ABCD2、如图，用一根不可伸长的轻绳绕过两颗在同一水平高度的光滑钉子悬挂一幅矩形风景画。现若保持画框的上边缘水平，将两颗钉子之间的距离由图示位置逐渐增大到不能再増大为止（不考虑画与墙壁间的摩擦），则此过程中绳的张力大小（）A逐渐变大B逐渐变小C先变大，后变小D先变小，后变大3、甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶在t=0到t=t1的时间内，它们的v-t图象如图所示在这段时间内A汽车甲的平均速度比乙大B汽车乙的平均速度等于C甲乙两汽车的位移相同D汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大4、近年来测g值的一种方法叫“对称自由下落法”，它是将测

3、g归于测长度和时间，以稳定的氦氖激光波长为长度标准，用光学干涉的方法测距离，以铷原子钟或其他手段测时间，能将g值测得很准，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O点竖直向上抛出小球，小球又落到原处的时间为T2，在小球运动过程中要经过比O点高H的P点，小球离开P点到又回到P点所用的时间为T1，测得T1、T2和H，可求得g等于()ABCD5、强台风往往造成巨大灾难2018年9月16日17时，第22号台风“山竹”强台风级在广东登陆，登陆时中心附近最大风力达，空气的密度，当这登陆的台风正对吹向一块长10m、宽4m的玻璃幕墙时，假定风遇到玻璃幕墙后速度变为零，由此可估算出台风对玻璃幕墙的冲击力F

4、大小最接近（ ）ABCD6、在某种介质中，一列沿x轴传播的简谐横波在t=0时刻的波形图如图（a）所示，此时质点A在波峰位置，质点D刚要开始振动，质点C的振动图像如图（b）所示；t=0时刻在D点有一台机械波信号接收器（图中未画出），正以2m/s的速度沿x轴正向匀速运动。下列说法正确的是（）A质点D的起振方向沿y轴负方向Bt=0.05s时质点B回到平衡位置C信号接收器接收到该机械波的频率小于2.5HzD若改变振源的振动频率，则形成的机械波在该介质中的传播速度也将发生改变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但

5、不全的得3分，有选错的得0分。7、一带负电粒子仅在电场力的作用下，从x轴的原点O由静止开始沿x轴正方向运动，其运动速度v随位置x的变化关系如图所示，图中曲线是顶点为O的抛物线，粒子的质量和电荷量大小分别为m和，则下列说法正确的是（）A电场为匀强电场，电场强度大小BO、x1两点之间的电势差C粒子从O点运动到x1点的过程中电势能减少了D粒子沿x轴做加速度不断减小的加速运动8、下列说法正确的是_。A固体都有固定的熔点B空气的绝对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示C在太空中正常运行的“天宫二号”内的水珠由于表面张力作用可以变成完美的球形D相同温度、相同材料、相等质量的物体，高度越高，内能越大E.一定量的

6、理想气体经某- -过程吸收热量2.0103J，对外做功1.0103J，气体的温度升高，密度变小9、质量均为m的小球A、B分别固定在一长为L的轻杆的中点和一端点，如图所示。当轻杆绕另一端点O在光滑水平面上做角速度为的匀速圆周运动时，则（）A处于中点的小球A的线速度为B处于中点的小球A的加速度为C处于端点的小球B所受的合外力为D轻杆段中的拉力与段中的拉力之比为3：210、如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为2：1，其输入端通过灯泡L1与输出电压有效值恒定的交流电源uUmsin（t）（V）相连，副线圈电路中接有灯泡L2和最大阻值为R的滑动变阻器，已知两个灯泡的额定电压均为U，且两者规格完全相同，

7、电压表为理想电表，导线电阻不计。开始时滑动变阻器的滑片P位于最下端，调节滑动变阻器的滑片可使两个小灯泡同时正常发光（忽略灯丝电阻变化），下列说法正确的是（）A在R的滑片P向上滑动的过程中，电源的输出功率将会变大B在R的滑片P向上滑动的过程中，L1的亮度会变暗C若小灯泡L2突然烧坏，电压表示数会减小D交流电源的最大值为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学看到某种规格热敏电阻的说明书，知悉其阻值随温度变化的图线如图甲所示。为验证这个图线的可信度，某同学设计了一个验证性实验，除热敏电阻R之外，实验室还提供如下器材：电源E（电动势为

8、4.5V，内阻约1）、电流表A（量程1mA，内阻约200）、电压表V（量程3V，内阻约10k）、滑动变阻器R（最大阻值为20）、开关S、导线若干、烧杯、温度计和水。(1)从图甲可以看出该热敏电阻的阻值随温度变化的规律是_；(2)图乙是实验器材的实物图，图中已连接了部分导线，请用笔画线代替导线把电路连接完整_；(3)闭合开关前，滑动变阻器的滑动触头P应置于_端（填“a”或“b”）；(4)该小组的同学利用测量结果，采用描点作图的方式在说明书原图的基础上作出该热敏电阻的Rtt图像，如图丙所示，跟原图比对，发现有一定的差距，关于误差的说法和改进措施中正确的是_A在温度逐渐升高的过程中电阻测量的绝对误差

9、越来越大B在温度逐渐升高的过程中电阻测量的相对误差越来越大C在温度比较高时，通过适当增大电阻两端的电压值可以减小两条曲线的差距D在温度比较高时，通过改变电流表的接法可以减小两条曲线的差距12（12分）某同学利用如图所示的电路可以测量多个物理量实验室提供的器材有：两个相同的待测电源（内阻r1）电阻箱R1（最大阻值为999.9）电阻箱R1（最大阻值为999.9）电压表V（内阻约为1k）电流表A（内阻约为1）灵敏电流计G，两个开关S1、S1主要实验步骤如下：按图连接好电路，调节电阻箱R1和R1至最大，闭合开关S1和S1，再反复调节R1和R1，使电流计G的示数为0，读出电流表A、电压表V、电阻箱R1、

10、电阻箱R1的示数分别为0.40A、11.0V、30.6、18.1；反复调节电阻箱R1和R1（与中的电阻值不同），使电流计G的示数为0，读出电流表A、电压表V的示数分别为0.60A、11.7V回答下列问题：（1）步骤中：电流计G的示数为0时，电路中A和B两点的电电势差UAB=_V；A和C两点的电势差UAC=_V；A和D两点的电势差UAD=_V；（1）利用步骤中的测量数据可以求得电压表的内阻为_，电流表的内阻为_；（3）结合步骤步骤的测量数据电源的电动势E为_V，内阻r为_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如

11、图，平板小车静止在光滑水平地面上，其右端固定一半圆形光滑轨道BC与车上表面相切于B点，B端右边x0=2m处有一与小车等高的台阶。一质量m=2.0kg可视为质点的物块以某初速度滑上小车最左端A处，当物块运动到小车最右端B处时，小车与台阶相碰后立即静止，此后物块恰能沿圆弧轨道运动到最高点C。已知小车与轨道的总质量M=1.0kg，轨道半径R=0.5m，物块与小车间的动摩擦因数=0.2，g取10m/s2。求：(1)小车的运动时间t；(2)小车的长度L。14（16分）如图所示，用一块长L1=1.0m的木板在墙和桌面间架设斜面，桌面离地高H=0.8m，桌面长L2=1.5m，斜面和水平桌面间的倾角可以在06

12、0之间调节后固定，将质量m=0.2kg的小物块从斜面顶端无初速释放，物块与斜面间的动摩擦因数1=0.05，物块和桌面间的动摩擦因数为2，忽略物块在斜面和桌面交接处的能量损失。（已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（1）当物块刚好能从斜面开始下滑时，求斜面的倾角；（用正切值表示）（2）当角增大到37时，物块下滑后恰能停在桌面边缘，求物块与桌面间的动摩擦因数2；（3）若将（2）中求出的2作为已知条件，继续增大角，求物块落地点与墙面的距离最大值S总，及此时斜面的倾角。15（12分）如图所示，一束单色光以一定的入射角从A点射入玻璃球体，已知光线在玻璃球内经两次反射后，刚好能从A点折射回到空气中已知入射角为

13、45，玻璃球的半径为 ，光在真空中传播的速度为3108m/s，求：（I）玻璃球的折射率及光线第一次从玻璃球内出射时相对于射入玻璃球的光线的偏向角；（II）光线从A点进入及第一次从A点射出时在玻璃球体运动的时间参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】根据小球做竖直上抛运动的速度时间关系可知t=所以星球表面的重力加速度g=星球表面重力与万有引力相等，mg=近地卫星的轨道半径为R，由万有引力提供圆周运动向心力有：联立解得该星球的第一宇宙速度v=故A正确，BCD错误。故选A。2、D【解析】分析题意可知，画受到两段轻绳

14、的拉力作用，根据共点力的平衡可知，拉力的合力与重力等大反向，即合力恒定不变。随着两颗钉子之间距离的增大，两端轻绳的夹角先减小，后增大，根据力的合成规律可知，两力合成时，合力一定的情况下，分力的夹角越大，分力越大，分力的夹角越小，分力越小。则轻绳的张力先变小后变大，当两轻绳处于竖直方向时，张力最小，故D正确，ABC错误。故选D。3、A【解析】试题分析：因为图线与坐标轴所夹的面积是物体的位移，故在0-t1时间内，甲车的位移大于乙车，故根据可知，甲车的平均速度大于乙车，选项A 正确，C错误；因为乙车做变减速运动故平均速度不等于，选项B错误；因为图线的切线的斜率等于物体的加速度，故甲乙两车的加速度均逐

15、渐减小，选项D 错误考点：v-t图象及其物理意义4、A【解析】小球从O点上升到最大高度过程中：小球从P点上升的最大高度：依据题意：h2-h1=H 联立解得：，故选A.点睛：对称自由落体法实际上利用了竖直上抛运动的对称性，所以解决本题的关键是将整个运动分解成向上的匀减速运动和向下匀加速运动，利用下降阶段即自由落体运动阶段解题 5、C【解析】假设经过t时间，由动量定理得：，代入数据：，故选C6、C【解析】A因t=0时刻质点C从平衡位置向下振动，可知波沿x轴正向传播，则质点D的起振方向沿y轴正方向，选项A错误；B波速为当质点B回到平衡位置时，波向右至少传播1.5m，则所需时间为选项B错误；C机械波的

16、频率为2.5Hz，接收器远离波源运动，根据多普勒效应可知，信号接收器接收到该机械波的频率小于2.5Hz，选项C正确；D机械波的传播速度只与介质有关，则若改变振源的振动频率，则形成的机械波在该介质中的传播速度不变，选项D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】AD由题意可知，图中曲线是抛物线，则曲线的表达式可写为粒子只在电场力作用下运动，由动能定理得即又所以粒子在运动过程中，受到的电场力不变，说明电场为匀强电场，场强为即粒子沿x轴做加速度不变，所以

17、A正确，D错误；BC粒子从O点运动到x1点，由动能定理得电场力做正功，电势能减少，为则O、x1两点之间的电势差为所以B错误，C正确。故选AC。8、BCE【解析】A固体包括晶体和非晶体，单晶体和多晶体都有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，所以固体不一定有固定的熔点，选项A错误；B空气的绝对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示，选项B正确；C在太空中正常运行的“天宫二号”内，由于处于完全失重状态，水珠由于表面张力作用可以变成完美的球形，选项C正确；D物体的内能是物体中所有分子热运动动能的势能的总和，与物体宏观位置的高低无关，选项D错误；E由热力学第一定律知气体内能增加，湿度升高，气体对外做功，体积增加

18、，密度减小，选项E正确。故选BCE。9、CD【解析】A处于中点的小球A的运动半径为，根据线速度与角速度的关系可知线速度A错误；B处于中点的小球A的加速度为B错误；C处于端点的小球B的向心加速度由牛顿第二定律可知小球B所受的合外力为C正确；D设轻杆段中的拉力为，轻杆段中的拉力为，对小球A由牛顿第二定律可得对小球B由牛顿第二定律可得联立解得D正确。故选CD。10、AD【解析】A在R的滑片P向上滑动的过程中，副线圈电阻减小，则副线圈的输出功率变大，根据输入功率等于输出功率可知，变压器的输入功率变大，电源的输出功率变大，故A正确；B在R的滑片P向上滑动的过程中，副线圈电阻减小，则副线圈的输出电流变大，

19、根据变流比可知，原线圈的输入电流变大，流过灯泡L1的电流变大，亮度会变亮，故B错误；C若小灯泡L2突然烧坏，副线圈电阻增大，根据欧姆定律可知，副线圈输出电流减小，根据变流比可知，原线圈输入电流减小，流过灯泡L1的电流变小，灯泡L1两端电压变小，则原线圈输入电压变大，根据变压比可知，副线圈输出电压变大，电压表示数会增大，故C错误；D两小灯泡正常发光，则副线圈输出电压为U，根据变压比可知，原线圈输入电压则交流电源的有效值U有效=U+U=3U根据正弦式交变电流最大值和有效值的关系可知，交流电源的最大值为故D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出

20、演算过程。11、热敏电阻的阻值随温度的升高而减小 a BD 【解析】(1)1由图像可知，随着温度的升高，热敏电阻的阻值变小；(2)2研究热敏电阻的性质需要电压和电流的变化范围广，且滑动变阻器的最大值小，故滑动变阻器采用分压式接法，热敏电阻的阻值满足，故采用电流表的内接法减小系统误差，实物连接如图所示(3)3滑动变阻器采用的是分压接法，为了保护电路，应让干路的阻值最大，则闭合开关前滑片置于a端；(4)4AB绝对误差为相对误差为由图像可知在温度逐渐升高的过程中，热敏电阻的理论电阻值阻值和测量电阻值都在逐渐减小，理论电阻值和测量电阻值相差不大，即绝对误差变化不大，而相对误差越来越大，故A错误，B正确

21、；CD在相同的温度下，采用电流表的内接法导致测量值总比理论值偏大，故当温度升高到一定值后，电阻变小，则电流表应该选用外接法减小系统误差，故C错误，D正确。故你BD。12、0 11.0V -11.0V 1530 1.8 11.6V 1.5 【解析】（1）113当电流计示数为0时，A、B两点电势相等，即；电压表示数即为A、C两点电势差，即；由闭合电路欧姆定律可知，D、A和A、C之间的电势差相等，故；（1）45由欧姆定律可得解得由可得（3）67由步骤可得由步骤可得联立可解得四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)；(2)4m【解析】(1)对小车，由牛顿第二定律得解得a=4m/s2小车加速过程得(2)物块恰能沿圆弧轨道运动到最高点C，由牛顿第二定律得物块从B运动到C的过程，由机械能守恒定律得联立解得根据牛顿第二定律可得物块在水平面上的