2022年山东省蓬莱第二中学化学高二第二学期期末复习检测模拟试题含解析

1、2022年高二下化学期末模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、下列离子方程式书写正确的是（）A稀盐酸滴在铜片上：Cu+2H+Cu2+H2B石灰石上滴加稀醋酸：CaCO3+2H+Ca2+H2O+CO2C氧化镁与稀盐酸混合：MgO+2H+Mg2

2、+H2OD铜片插入硝酸银溶液中：Cu+Ag+Cu2+Ag2、下列物质中不属于高分子化合物的是A氨基酸 B涤纶 C酚醛树脂 D天然橡胶3、下列说法中正确的是( )A烯中CC的键能是乙烷中CC的键能的2倍B氮气分子中含有1个键和2个键CNO键的极性比CO键的极性大DNH4中4个NH键的键能不相同4、下列物质熔化时破坏分子间作用力的是（ ）ACaO BCO2 CSiO2 DNaCl5、某有机物含C、H、N三种元素，其分子中含有4个N原子排列成内空的正四面体结构，任意两个N原子之间都有1个C原子，分子中所有原子之间都以单键相连。则该有机物的分子式可能为AC6H10N4BC6H12N4CC6H8N4DC

3、4H8N46、下列酸溶液的pH相同时，其物质的量浓度最小的是 （ ）AH2SO3BH2SO4CCH3COOHDHNO37、迄今为止科学家在星云中已发现180多种星际分子，近年来发现的星际分子乙醇醛分子模型如图所示。有关乙醇醛说法错误的是A有2种含氧官能团B能发生银镜反应C与乙醛互为同系物D与乙酸互为同分异构体8、用下列实验装置进行相应实验，能达到实验目的的是A用图2所示装置制取少量氨气B用图1所示装置除去Cl2中含有的少量HClC选择合适的试剂，用图4所示装置可分别制取少量CO2、NO和O2D用图3所示装置制取少量纯净的CO2气体9、阿伏加德罗常数约为6.021023mol1，下列叙述中正确的

4、是（ ）0.25molNa2O2中含有的阴离子数为0.56.021023 36g水中含有的氢氧键数为46.021023 2.24LCH4中含有的原子数为0.56.021023250mL2mol/L的氨水中含有NH3H2O的分子数为0.56.021023 1L 1molL-1的CH3COOH溶液中含有6.021023个氢离子 18g D2O（重水）完全电解，转移6.021023个电子 标况下22.4LSO2气体，所含氧原子数为26.02102314g乙烯和丙烯的混合物中，含有共用电子对数目为36.021023A2个 B3个 C4个 D5个10、A、B、C三种醇分别与足量的金属钠完全反应，在相同条

5、件下产生相同的体积，消耗这三种醇的物质的量之比为3：6：2，则A、B、C三种醇分子中所含羟基的个数之比为（ ）A3：2：1B2：6：3C3：1：2D2：1：311、实验室为了妥善保存硫酸亚铁溶液，常加入少量的（ ）A铁粉B铜粉C锌粉DFe2（SO4）312、某元素价电子构型3d54s2，是该元素是AFeBCoCNiDMn13、下列有关说法正确的是（ ）A丙烯所有原子均在同一平面上B利用粮食酿酒经历了淀粉葡萄糖乙醇的化学变化过程C乙烯和苯加入溴水中，都能观察到褪色现象，原因是都发生了加成反应D分子式为C2H6O的同分异构体有3种14、下列实验最终能看到白色沉淀的是ACO2或SO2通入CaCl2溶

6、液中B过量CO2通入澄清石灰水中C过量SO2通入Ba(OH)2溶液中D过量CO2通入Na2SiO3溶液中15、有人设计出利用CH4和O2的反应，用铂电极在KOH溶液中构成原电池，电池的总反应类似于CH4在O2中燃烧，则下列说法正确的是（ ）每消耗1mol CH4，可以向外电路提供约的电量；负极上CH4失去电子，电极反应式为: CH48e-+10OH=CO32-+7H2O负极上是O2获得电子，电极反应式为 ；电池放电后，溶液pH不断升高ABCD16、分类是化学学习的一种重要方法，下列有关分类正确的是（ ）混合物：氯水、氨水、水玻璃、水银、福尔马林、淀粉含有氧元素的化合物叫氧化物CO2、NO、P2

7、O5均为酸性氧化物，Na2O、Na2O2均为碱性氧化物同位素：1H+、2H2、3H同素异形体：C60、C80、金刚石、石墨浓盐酸、浓硫酸、浓硝酸均具有氧化性，都属于氧化性酸化合物：烧碱、冰醋酸、HD、聚氯乙烯强电解质溶液的导电能力一定强在熔化状态下能导电的化合物为离子化合物有单质参加的反应或有单质产生的反应是氧化还原反应A全部正确BCD二、非选择题（本题包括5小题）17、a、b、c、d、e均为周期表前四周期元素，原子序数依次增大，相关信息如下表所示。a原子核外电子分占3个不同能级，且每个能级上排布的电子数相同b基态原子的p轨道电子数比s轨道电子数少1c位于第2周期，原子核外有3对成对电子、两个

8、未成对电子d位于周期表中第1纵列e基态原子M层全充满，N层只有一个电子请回答：（1）c属于_区的元素。（2）b与其同周期相邻元素第一电离能由大到小的顺序为_（用元素符号表示）。（3）若将a元素最高价氧化物水化物对应的正盐酸根离子表示为A，则A的中心原子的轨道杂化类型为_，A的空间构型为_；（4）d 的某氯化物晶体结构如图,每个阴离子周围等距离且最近的阴离子数为_;在e2+离子的水溶液中逐滴滴加b的氢化物水溶液至过量，可观察到的现象为_。18、如图所示中，A是一种常见的单质，B、C、D、E是含A元素的常见化合物，它们的焰色反应的火焰均呈黄色。填写下列空白:（1）写出化学式:A_，B _ ，D_。

9、 （2）以上反应中属于氧化还原反应的有 _ (填序号)。 （3）写出反应的离子方程式:_。写出反应的化学方程式: _ 。19、实验室制备溴苯的反应装置如图所示，回答下列问题：已知：苯溴溴苯密度/gcm-30.883.101.50水中的溶解度微溶微溶微溶(1)实验装置c的作用为_。(2)写出实验室制备溴苯的反应方程式_。(3)本实验得到粗溴苯后，除去铁屑，再用如下操作精制：a蒸馏；b水洗；c用干燥剂干燥；d 10%NaOH溶液洗涤；e水洗，正确的操作顺序是_。(4)本实验使用6mL无水苯、4.0mL液溴和少量铁屑，充分反应，经精制得到6.5mL的溴苯。则该实验中溴苯的产率是_。20、二氧化氯（C

10、lO2，黄绿色易溶于水的气体）是高效、低毒的消毒剂，回答下列问题：（1）实验室用NH4Cl、盐酸、NaClO2（亚氯酸钠）为原料，通过以下过程制备ClO2：电解时阳极电极反应式为_。除去ClO2中的NH3可选用的试剂是_（填标号）。a水 b碱石灰 c浓硫酸 d饱和食盐水（2）用如图装置可以测定混合气中ClO2的含量：在锥形瓶中加入足量的碘化钾，用50mL水溶解后，再加入3mL稀硫酸：在玻璃液封装置中加入水，使液面没过玻璃液封管的管口；将一定量的混合气体通入锥形瓶中吸收；将玻璃液封装置中的水倒入锥形瓶中：用0.1000molL-1硫代硫酸钠标准溶液滴定锥形瓶中的溶液（I2+2S2O32-2I+S

11、4O62-），指示剂显示终点时共用去20.00mL硫代硫酸钠溶液。在此过程中：锥形瓶内ClO2与碘化钾反应的离子方程式为_。玻璃液封装置的作用是_。V中加入指示剂，滴定至终点的现象是_。测得混合气中ClO2的质量为_g。某同学用某部分刻度模糊不清的50mL滴定管进行实验，当滴定管中的液面处于如图所示的刻度处，则管内液体的体积_（填代号）。a等于23.60mL b等于27.60mL c小于23.60mL d大于27.60mL21、 化学一一选修3物质结构与性质钒和镍及其化合物是重要合金材料和催化剂，其储氨合金可作为一种新型锌离子电池的负极材料，该电池以Zn(Cl3SO3)2为电解质，以有缺陷的阳

12、离子型ZnMn2O4为电极，成功获得了稳定的大功率电流。(1)基态钒原子的核外电子排布式为_，其排布时能量最高电子所占据能级的原子轨道有_个伸展方向。(2)VO2+可与多种物质形成配合物，与氧同周期且第一电离能比氧大的主族元素有_(写元素符号)。(3)镍形成的配离子Ni(NH3)62+、Ni(CN)42-中，NH3分子的空间构型为_，与CN-互为等电体的一种分子的化学式为_。(4)三氟甲磺酸(CF3SO3H)是一种有机强酸，结构式如图1所示，通常以CS2、IF3、H2O2等为主要原料来制取。H2O2分子中O原子的杂化方式为_。三氟甲磺酸能与碘苯反应生成三氟甲磺酸苯酯和碘化氢。1个三氟甲磺酸苯酯

13、分子中含有键的数目为_。(5)硫化锌晶体的构型有多种，其中一种硫化锌的晶胞如图2所示，该晶胞中S2-的配位数为_。(6)镧镍合金是重要储氢材料，其储氢后的晶胞如图3所示。储氢前该镧镍合金的化学式为_。该镧镍合金储氢后氢气的密度为_(用NA表示阿伏加德罗常数的数值)gcm-3。参考答案一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、C【解析】分析：A稀盐酸与Cu不反应；B、碳酸钙难溶、醋酸为弱电解质，都必须写化学式；C氧化镁为碱性氧化物，与酸反应生成盐和水，氧化镁不溶于水；D、电荷不守恒。详解：A稀盐酸滴在铜片上，不反应，选项A错误；B碳酸钙溶于稀醋酸，醋酸应该保留分子式，正确的离子方程式为：CaCO

14、3+2CH3COOH=Ca2+H2O+CO2+2CH3COO-，选项B错误；C氧化镁与稀盐酸混合的离子反应为MgO+2H+Mg2+H2O，选项C正确；D、铜片插入硝酸银溶液中的离子反应为Cu+2Ag+=Cu2+2Ag，选项D错误；答案选C。点睛：本题考查离子方程式的正误判断，题目难度不大，注意从化学式、离子符号、电荷守恒以及是否符合反应实际的角度分析离子方程式的书写是否正确。2、A【解析】分析：高分子化合物简称高分子，又叫大分子，一般指相对分子质量高达几千到几百万的化合物，据此解答。详解：A. 氨基酸不是高分子化合物，A正确；B. 涤纶属于高分子化合物，B错误；C. 酚醛树脂属于缩聚产物，是高

15、分子化合物，C错误；D. 天然橡胶属于高分子化合物，D错误。答案选A。点睛：注意高分子化合物均是混合物，同一种高分子化合物的分子链所含的链节数并不相同，所以高分子化合物实质上是由许多链节结构相同而聚合度不同的化合物所组成的混合物，其相对分子质量与聚合度都是平均值。3、B【解析】有机化合物中，碳原子与碳原子的原子轨道之间以“肩并肩”的方式形成键的重叠程度要比以“头碰头”的方式形成键的重叠程度小得多。两个碳原子之间形成的键比键牢固，键的键能通常大于键。【详解】A.乙烯中两个碳原子间存在一个键和一个键，乙烷中两个碳原子间存在一个键，乙烯中CC的键能应当大于乙烷中CC的键能且小于乙烷中CC的键能的2倍

16、，故A错误；B.氮气分子中有三个共价键，1个键和2个键，故B正确；C.形成共价键的两个原子对电子的吸引能力差别越大，共价键的极性就越强；N原子与O原子吸电子能力的差值小于C与O吸电子能力的差值，NO键的极性比CO键的极性小，故C错误；D.在NH4+中参与成键的8个电子分布在原子最外层的4个能量相等的sp3杂化轨道中，4个NH键的键能键长键角都相等，故D错误；综上所述，本题选B。【点睛】通过物质的结构式，可以快速有效判断键的种类及数目；判断成键方式时，需要掌握：共价单键全为键，双键中有一个键和1个键，三键中有一个键和2个键，且键比键稳定。4、B【解析】A、CaO为离子化合物，熔化断裂离子键，故A

17、错误；B、CO2在固体时是分子晶体，熔化时破坏的是分子间作用力，故B错误；C、SiO2是原子晶体，熔化断裂的是共价键，故C错误；D、NaCl为离子化合物，熔化断裂离子键，故D错误。故选B。5、B【解析】正四面体有六条边，所以有机物分子中含有6个C，在每条边上都有一个C原子；N原子处在正四面体的四个顶点上，所以有机物的结构可能为：；那么有机物的分子式可能为：C6H12N4，B项符合；答案选B。6、B【解析】酸越弱，在pH相同的条件下酸的浓度越大。亚硫酸是中强酸，硫酸是二元强酸，醋酸是一元弱酸，硝酸是一元强酸，则醋酸的浓度最大，硫酸的浓度最小，答案选B。7、C【解析】A.由球规模型分析含有醛基和羟

18、基两种官能团，故A正确；B. 因为含有醛基所以能发生银镜反应，故B正确；因为含有两种官能团，乙醛只含有醛基，所以两者不互为同系物，故C错误；D. 根据模型可知分子式为C2H4O2与乙酸互为同分异构体,故D正确;答案：C。8、B【解析】分析：A. 收集氨气不能用橡皮塞塞住试管口，据此考虑；B.可以用饱和食盐水除去氯气中的HCl，需注意洗气时应“长进短出”；C. 一氧化氮可以和空气中的氧气反应生成二氧化氮，据此分析；D. 纯碱为粉末状固体，易溶于水，据此分析。详解：收集氨气不能用橡皮塞塞住试管口，否则会导致压强过大而导致实验事故，可以在试管口塞一团棉花，图示装置不合理，A错误；除去氯化氢可以用饱和

19、食盐水，洗气时应该“长进短出”，图1所示装置合理，B正确；NO易与空气中的氧气反应生成NO2，不能用排空气法收集，C错误；纯碱为粉末状固体，易溶于水，不能使反应随时停止，应选碳酸钙与盐酸反应制取少量二氧化碳，D错误；正确选项B。9、B【解析】分析：Na2O2中含有的阴离子为过氧根离子；1mol水中含有2mol氢氧键；没有告诉在标准状况下，不能使用标况下的气体摩尔体积计算甲烷的物质的量；一水合氨为弱电解质，溶液中部分电离，导致一水合氨数目减少；醋酸为弱电解质，溶液中只能部分电离出氢离子；1mol水电解转移2mol电子；利用标况下的气体摩尔体积计算22.4L SO2气体的物质的量，根据二氧化硫的组

20、成计算原子数；乙烯和丙烯的最简式为CH2，根据最简式计算出混合物中含有的C、H数目，乙烯和丙烯中，每个C和H都平均形成1个C-C共价键、1个C-H共价键。详解：0.25molNa2O2中含有0.25mol过氧根离子，含有的阴离子数为0.256.021023，错误；36g水的物质的量是2mol，其中含有的氢氧键数为46.021023，正确；不是标准状况下，不能使用标况下的气体摩尔体积计算2.24LCH4的物质的量，错误；250mL2mol/L的氨水中含有溶质0.5mol，由于溶液中一水合氨部分电离，且反应是可逆反应，所以溶液中含有NH3H2O的分子数为小于0.56.021023，错误；1L 1m

21、olL-1的醋酸溶液中含有1mol溶质醋酸，由于醋酸部分电离出氢离子，所以溶液中含有的氢离子小于1mol，含有氢离子数目小于6.021023，错误；18g D2O（重水）的物质的量为0.9mol，0.9mol重水完全电解生成0.9mol氢气，转移了1.8mol电子，转移1.86.021023个电子，错误；标况下22.4L SO2气体的物质的量是1mol，所含氧原子数为26.021023，正确；14g乙烯和丙烯的混合物中含有1mol最简式CH2，含有1molC、2molH原子，乙烯和丙烯中，1molC平均形成了1mol碳碳共价键，2molH形成了2mol碳氢共价键，所以总共形成了3mol共价键，

22、含有共用电子对数目为36.021023，正确；根据以上分析可知，正确的数目为3。答案选B。点睛：本题考查阿伏加德罗常数的有关计算和判断，题目难度中等，试题题量较大，涉及的知识点较多，注意掌握好以物质的量为中心的各化学量与阿伏加德罗常数的关系，准确弄清分子、原子、原子核内质子中子及核外电子的构成关系，明确标况下气体摩尔体积的使用条件。10、D【解析】设生成氢气6mol，根据2-OH2NaH2可知参加反应的羟基均为12mol，三种醇的物质的量之比为3：6：2，故A、B、C三种分子里羟基数目之比为=2：1：3，故答案为D。11、A【解析】硫酸亚铁溶液中Fe2+容易被氧化成Fe3+，导致硫酸亚铁溶液变

23、质，为了防止防止硫酸亚铁溶液变质，需要加入少量铁粉，反应的离子方程式为2Fe3+Fe3Fe2+；由于锌粉、铜粉、镁粉都会引进杂质，所以选用铁粉，故选A。点睛：本题考查了化学试剂的保存方法，注意掌握常见化学试剂的性质及保存方法。解答本题的关键是知道硫酸亚铁容易被氧化成铁离子，所以保存硫酸亚铁溶液时，通常需要加入还原剂。12、D【解析】AFe原子的价电子排布式为3d64s2，A项不符合；BCo原子的价电子排布式为3d74s2，B项不符合；CNi原子的价电子排布式为3d84s2，C项不符合；DMn原子的价电子排布式为3d54s2，D项符合；答案选D。13、B【解析】A丙烯中含甲基，甲基为四面体构型；

24、B淀粉水解生成葡萄糖，葡萄糖发生酒化反应生成乙醇；C苯与溴水不反应；D分子式为C8H10的芳香烃，分子中含有1个苯环，为乙苯或二甲苯。【详解】A丙烯中含甲基，甲基为四面体构型，所有原子不可能共面，选项A错误；B淀粉水解生成葡萄糖，葡萄糖发生酒化反应生成乙醇，均有新物质生成，均为化学变化，选项B正确；C苯与溴水不反应，而乙烯与溴水发生加成反应，选项C错误；D分子式为C8H10的芳香烃，分子中含有1个苯环，为乙苯或二甲苯若有1个侧链，若为乙苯，苯环上有3种氢原子，侧链（-CH2-CH3）有2种H，一氯代物有5种；若为二甲苯，有邻、间、对三种，苯环上分别有2、3、1种氢原子，甲基上一种H，一氯代物分

25、别有3、4、2种，不存在一氯代物只有一种，选项D错误；答案选B。【点睛】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的官能团与性质的关系、有机反应、同分异构体为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项D为解答的难点，题目难度不大。14、D【解析】SO2、CO2与CaCl2溶液不反应；过量的CO2与澄清石灰水反应生成Ca(HCO3)2，最终没有沉淀；过量的SO2与Ba(OH)2溶液反应生成Ba(HSO3)2，最终也没有沉淀；过量CO2通入Na2SiO3溶液中产生硅酸沉淀。15、A【解析】甲烷在负极反应，在KOH溶液中变为了碳酸根离子，一个甲烷化合价升高8个价态，即每消耗1mol CH

26、4，可以向外电路提供约 8 mol e的电量；故正确；负极上CH4失去电子，电极反应式为: CH48e+10OH= CO32+7H2O，故正确；正极上是O2获得电子，电极反应式为O2 + 2H2O + 4e = 4OH；故错误；电池放电后，CH4 + 2O2 + 2OH= CO32+ 3H2O，因此溶液pH不断减小，故错误；因此A正确；综上所述，答案为A。16、C【解析】水银是金属汞，属于纯净物，故错误；只含两种元素其中一种是氧元素的化合物叫氧化物，故错误；NO不属于酸性氧化物，Na2O是碱性氧化物，但Na2O2不是碱性氧化物，故错误；同位素是指同种元素的不同原子，而1H+是离子，故错误；C6

27、0、C80、金刚石、石墨都是碳元素形成的不同单质，属于同素异形体，故正确；浓盐酸的氧化性不强，其氧化性体现在氢离子上，故为非氧化性酸，所以错误；HD是氢元素形成的单质，不是化合物，故错误；溶液的导电性与离子浓度和离子的电荷有关，与强弱电解质无关，强电解质的稀溶液如果离子浓度很小，导电能力也可以很弱，故错误；共价化合物在熔化状态下不导电，在熔化状态下能导电的化合物为离子化合物，故正确；有单质参加的反应或有单质产生的反应不一定是氧化还原反应，如同素异形体间的转化是非氧化还原反应，故错误；所以正确的是 ，答案选C。二、非选择题（本题包括5小题）17、p NOC sp2 平面三角形 12 先产生蓝色沉

28、淀，氨水过量后沉淀溶解，生成深蓝色溶液 【解析】a原子原子核外电子分占3个不同能级，且每个能级上排布的电子数相同，确定a原子的核外电子排布为1s22s22p2，则a为C元素；b原子基态原子的p轨道电子数比s轨道电子数少1，确定b原子的核外电子排布为1s22s22p3则b为N元素；c位于第2周期，原子核外有3对成对电子、两个未成对电子，确定c原子的核外电子排布为1s22s22p4，则c为O元素；a、b、c、d、e均为周期表前四周期元素，原子序数依次增大，d位于周期表中第1纵列，则d为元素Na或K；e原子的核外电子排布为1s22s22p63s23p63d104s1，则e为Cu，据此分析；【详解】（

29、1）c为氧元素，位于第六主族，属于p区的元素；答案：p（2）b为N元素，与其同周期相邻元素为C、O，因为N核外电子排布处于半满状态，比较稳定，第一电离能大于C、O；O的非金属性强与C，第一电离能大于C；第一电离能由大到小的顺序为NOC；答案：NOC（3）CO32-的价层电子对数为=3，中心原子的轨道杂化类型为sp2，空间构型为平面三角形；答案：sp2 平面三角形（4）根据晶体结构可以看出,每个阴离子周围等距离且最近的阴离子数为12; 在铜盐溶液中逐滴加入氨水至过量，该过程中先生成蓝色沉淀，后氢氧化铜溶解在氨水中生成配离子，得到深蓝色溶液，发生Cu2+2NH3H2O=Cu（OH）2+2NH4+，

30、Cu（OH）2+4NH3H2O=Cu（NH3）42+2OH-+4H2O；答案：12 先产生蓝色沉淀，氨水过量后沉淀溶解，生成深蓝色溶液18、 Na Na2O2 Na2CO3 OH-+CO2HCO3- 2NaHCO3Na2CO3+CO2+H2O【解析】本题考查无机推断，这些物质的焰色反应为黄色，说明含有Na元素，A为单质，B、C、D、E是含A元素的常见化合物，则A为Na，反应为2NaO2Na2O2，即B为Na2O2，反应发生2Na2H2O=2NaOHH2，即C为NaOH，反应为2Na2O22H2O=4NaOHO2，反应发生2Na2O22CO2=2Na2CO3O2，即D为Na2CO3，反应是NaO

31、H与过量CO2反应，即反应方程式为NaOHCO2=NaHCO3，即E为2NaHCO3Na2CO3CO2H2O，（1）根据上述分析，A为Na，B为Na2O2，D为Na2CO3；（2）上述发生氧化还原反应的有；（3）反应的离子反应方程式为OHCO2=HCO3，反应的化学反应方程式为：2NaHCO3Na2CO3CO2H2O。点睛：本题找准突破口，即焰色反应为黄色，说明含有钠元素，因为A为单质，且几种物质含有A元素，因此A为金属钠，然后进行推断，注意基础知识的夯实。19、吸收HBr +Br2 HBr bdeca或者edbca 91.7% 【解析】苯和液溴在Fe或FeBr3作催化剂下发生取代反应，生成溴

32、苯和HBr，从装置a中出来的气体中除含有HBr外，还含有苯、溴蒸气，利用b装置吸收溴蒸气和苯，c装置吸收HBr，防止污染环境。【详解】（1）苯和液溴在Fe或FeBr3作催化剂下发生取代反应，生成溴苯和HBr，从装置a中出来的气体中除含有HBr外，还含有苯、溴蒸气，利用b装置吸收溴蒸气和苯，c装置吸收HBr，防止污染环境；（2）制备溴苯的化学反应方程式为+Br2 HBr；（3）粗溴苯中混有液溴和FeBr3，提纯的步骤是水洗10%NaOH溶液洗涤水洗干燥蒸馏，即步骤为bdeca或者edbca；（4）苯的质量为6mL0.88g/cm3=5.28g，其物质的量为=0.068mol，液溴的质量为3.10

33、gcm-34.0mL=12.4g，其物质的量为=0.0775mol，苯不足，液溴过量，生成溴苯的质量为0.068mol157gmol-1=10.63g，实际上得到溴苯的质量为6.5mL1.50gmol-1=9.75g，溴苯的产率为100%=91.7%。【点睛】有机物实验考查中，因为有机物的副反应较多，因此必然涉及到产率的计算，产率=，实际产量题中会给出，需要学生计算出理论产量，即判断出原料谁过量，谁不足，按照不足计算目标产物的理论产量，从而得出结果。20、NH4+-6e-+3Cl-=NCl3+4H+ c 2ClO2+10I-+8H+=2Cl-+5I2+4H2O 吸收残留的ClO2 当加入最后一

34、滴硫代硫酸钠标准溶液，溶液由蓝色变为无色，且半分钟内溶液颜色不再改变 0.027 d 【解析】（1）电解时与电源正极相连的阳极失去电子，发生氧化反应，与电源负极相连的阴极得到电子发生还原反应。根据题中ClO2的制备过程，可知电解产物有H2、NCl3，据此可得出电极反应方程式。（2）分析实验过程，可知实验过程中涉及的反应方程式有：2ClO2+10I-+8H+=2Cl-+5I2+4H2O、I2+2S2O32-2I+S4O62-，据此进行分析。【详解】（1）电解时阳极失去电子，发生氧化反应，结合题中电解过程生成的产物，可知阳极电极反应方程式为：NH4+-6e-+3Cl-=NCl3+4H+；答案为：N

35、H4+-6e-+3Cl-=NCl3+4H+；根据ClO2和NH3的性质进项分析：aClO2和NH3均易溶于水，不能用水和饱和食盐水来除去氨气，a项错误；b碱石灰不能吸收氨气，b项错误；c浓硫酸可以吸收氨气，且不影响ClO2，故除去除去ClO2中的NH3可选用的试剂浓硫酸。c项正确；dClO2和NH3均易溶于水，不能用饱和食盐水来除去氨气，d项错误；答案为：c；（2）由题给信息可知，ClO2通入锥形瓶把I-氧化为I2，自身被还原为Cl-，同时生成水，则锥形瓶内ClO2与碘化钾反应的离子方程式为：2ClO2+10I-+8H+=2Cl-+5I2+4H2O；答案为：2ClO2+10I-+8H+=2Cl-+5I2+4H2O；由于ClO2是气体，容易挥发到空气中，所以玻璃液封装置的作用是吸收残余的ClO2气体