福建省莆田市莆田第七中学2021-2022学年化学高二第二学期期末联考试题含解析

1、2022年高二下化学期末模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、在丙烯氯乙烯溴苯甲苯四种有机化合物中，分子内所有原子在同一平面的是（ ）ABCD2、Fe2O3与FeS2混合后在无氧条件下焙烧生成Fe3O4和SO2，理论上完全反应消耗的n（FeS2）n（Fe2O3）是A12 B235 C38 D1163、下列实验方案不能达到相应目的的是 ABCD

2、目的比较碳酸根与碳酸氢根水解程度研究浓度对化学平衡的影响比较不同催化剂对化学反应速率的影响比较碳酸、醋酸和硼酸的酸性强弱实验方案AABBCCDD4、化学与生产生活密切相关，下列说法正确的是（ ）A平昌冬奥会“北京8分钟”主创团队用石墨烯制作发热服饰，说明石墨烯是导热金属材料B“地沟油”禁止食用，但处理后可用来制肥皂和生物柴油C“一带一路”被誉为现代丝绸之路”，丝绸属于合成纤维，主要含C、H、O、N元素D聚乙烯和聚氯乙烯都是食品级塑料制品的主要成分5、下列说法正确的是()A气体摩尔体积就是22.4L/molB非标准状况下，1mol任何气体的体积不可能为22.4LC标准状况下22.4L任何物质都含

3、有约6.021023个分子D1molH2和O2的混合气体在标准状况下的体积约22.4L6、下列叙述不正确的是A氨水中：c(OH)c(H)c(NH)B饱和H2S溶液中：c(H2S)c(H)c(HS)c(S2)C0.1mol/LCH3COOH溶液中：c(CH3COOH)c(CH3COO)c(H)DCa(OH)2溶液中：c(H)2c(Ca2)c(OH)7、在下列溶液中滴入三氯化铁溶液无变化的是 （ ）A BC D氢碘酸8、下列有关化学用语表示正确的是( )A羟基的电子式：BCH2F2的电子式：C对硝基甲苯的结构简式：D乙烯的结构式：CH2CH29、下列各原子或离子的电子排布式错误的是（ ）ABCD1

4、0、现有四种元素的基态原子的电子排布式如下：1s22s22p63s23p2；1s22s22p63s23p3；1s22s22p4；1s22s22p3。则下列有关比较中正确的是A原子半径：B第一电离能：C最高正化合价：=D电负性：11、有关晶体的结构如图所示,下列说法中不正确的是( )A在NaCl晶体中,距Na+最近的Cl-形成正八面体B在CaF2晶体中,每个晶胞平均占有4个Ca2+C在金刚石晶体中,碳原子与碳碳键个数的比为12DCaF2晶体在熔融状态不导电12、用下列实验装置或操作进行相应实验，能达到实验目的的是A用图1所示装置收集SO2气体B用图2所示装置检验溴乙烷与NaOH醇溶液共热产生的乙

5、烯C用图3所示装置从食盐水中提取NaClD用图4所示装置制取并收集O213、如图是Mn和Bi形成的某种晶体的晶胞结构示意图，则该晶体的化学式可表示为()AMn4Bi3BMn2BiCMnBiDMnBi314、下列物质中一定属于纯净物的一组是()甲苯 冰醋酸铝热剂普通玻璃 水玻璃漂白粉密封保存的NO2气体冰水混合物含氧40%的氧化镁 C5H12ABCD15、有多种同分异构体，其中符合属于酯类并含苯环的同分异构体有多少种（不考虑立异构）A6B5C4D316、恒温恒容条件下发生反应：N2(g)3H2(g)2NH3(g)，若将1 mol氮气和3 mol氢气充入密闭容器中，反应达平衡时，氨气的体积分数为a

6、。保持相同条件，在密闭容器中分别充入下列物质， 反应达平衡时，氨气的体积分数不可能为a的是A2 mol NH3B1 mol N2、3 mol H2和2 mol NH3C0.5 mol N2、1.5 mol H2和1 mol NH3D0.1 mol N2、0.3 mol H2和1.8 mol NH317、在下列有关晶体的叙述中错误的是 （ ）A离子晶体中，一定存在离子键B原子晶体中，只存在共价键C金属晶体的熔沸点均很高D稀有气体的原子能形成分子晶体18、现有三组溶液：汽油和氯化钠溶液；39%的乙醇溶液；氯化钠和单质溴的水溶液，分离以上各混合液的正确方法依次是：（ ）A分液、萃取、蒸馏B萃取、蒸馏

7、、分液C分液、蒸馏、萃取D蒸馏、萃取、分液19、对于可逆反应A(g)2B(g) 2C(g)H0，（A%为A平衡时百分含量）下列图象中正确的是( )ABCD20、以下实验能获得成功的是A用乙醇和乙酸混合共热制取乙酸乙酯B将铁屑、溴水、苯混合制溴苯C在苯中滴入浓硝酸制硝基苯D将铜丝在酒精灯加热后，立即伸入无水乙醇中，铜丝恢复成原来的红色21、用下图所示装置及药品进行相应实验，能达到实验目的的是A分离乙醇和乙酸B除去甲烷中的乙烯C除去溴苯中的溴单质D除去工业酒精中的甲醇22、下列实验操作或方法能达到目的是A向混有乙烯的乙烷中通入氢气以除去乙烯B向某待测液中加入酸性高锰酸钾溶液以鉴别该待测液是甲苯或乙

8、苯C向 2 mL 10%的 CuSO4 溶液中滴入 46 滴 2%的NaOH 溶液，再加入 0.5 mL 乙醛溶液，加热，可以观察到有红色沉淀生成D将 2%的稀氨水逐滴加入 2%的 AgNO3 溶液中至沉淀恰好溶解，可制得银氨溶液二、非选择题(共84分)23、（14分）有机物G（分子式为C13H18O2）是一种香料，如图是该香料的一种合成路线。已知：E能发生银镜反应，在一定条件下，1 mol E能与2 mol H2反应生成F；RCH=CH2RCH2CH2OH；有机物D的摩尔质量为88 gmol1，其核磁共振氢谱有3组峰；有机物F是苯甲醇的同系物，苯环上只有一个无支链的侧链。回答下列问题：（1）

9、用系统命名法命名有机物B_；（2）E的结构简式为_；（3）C与新制Cu(OH)2反应的化学方程式为_；（4）已知有机物甲符合下列条件：为芳香族化合物；与F互为同分异构体；能被催化氧化成醛。符合上述条件的有机物甲有_种，写出一种满足苯环上有3个侧链，且核磁共振氢谱有5组峰，峰面积比为62211的有机物的结构简式_；（5）以丙烯等为原料合成D的路线如下：X的结构简式为_，步骤的反应条件为_，步骤的反应类型为_。24、（12分）聚乙烯醇肉桂酸酯(M)可用作光刻工艺中的抗腐蚀涂层，其合成路线如下： 已知：R1、R2均为烃基 合成路线中AB是原子利用率为100%的反应回答下列问题：（1）A的名称是_；F

10、G的反应类型为_。（2）CD的化学反应方程式为_。（3）E的结构简式为_；H的顺式结构简式为_。（4）写出同时满足下列条件的G的同分异构体结构简式_。属于芳香族化合物；能与NaOH溶液发生反应；核磁共振氢谱有4种吸收峰（5）参照上述合成路线和相关信息，以乙烯和乙醛为原料(无机试剂任选)合成有机物,设计合成路线为：_。25、（12分）（1）某课外小组设计的实验室制取乙酸乙酯的装置如下图所示。请回答：若用 18O 标记乙醇中的氧原子，则 CH3CH218OH 与乙酸反应的化学方程式是_。球形干燥管C 的作用是_。D 中选用饱和碳酸钠溶液的原因是_。反应结束后D 中的现象是_。下列描述能说明乙醇与乙

11、酸的酯化反应已达到化学平衡状态的有_（填序号）。A单位时间里，生成 1mol 乙酸乙酯，同时生成 1mol 水B单位时间里，消耗 1mol 乙醇，同时消耗 1mol 乙酸C正反应的速率与逆反应的速率相等D混合物中各物质的浓度不再变化（2）N-苯基苯甲酰胺（ ）广泛应用于药物，可由苯甲酸（）与苯胺（）反应制得，由于原料活性低，可采用硅胶催化、微波加热的方式，微波直接作用于分子，促进活性部位断裂，可降低反应温度。取得粗产品后经过洗涤重结晶等，最终得到精制的成品。已知：水乙醇乙醚苯甲酸微溶易溶易溶苯胺易溶易溶易溶N-苯基苯甲酰胺不溶易溶于热乙醇，冷却后易于结晶析出微溶下列说法不正确的是_（填字母编号

12、）。A反应时断键位置为CO 键和 NH 键B洗涤粗产品用水比用乙醚效果更好C产物可选用乙醇作为溶剂进行重结晶提纯D硅胶吸水，能使反应进行更完全26、（10分）亚硝酰氯（NOCl，熔点：64.5 ，沸点：5.5 ）是一种黄色气体，遇水易水解。可用于合成清洁剂、触媒剂及中间体等。实验室可由氯气与一氧化氮在常温常压下合成。（1）甲组的同学拟制备原料气NO和Cl2，制备装置如图所示：为制备纯净干燥的气体，补充下表中缺少的药品。装置装置烧瓶中分液漏斗中制备纯净的Cl2MnO2_制备纯净的NOCu_（2）乙组同学利用甲组制得的NO和Cl2制备NOCl，装置如图所示：装置连接顺序为a_（按气流自左向右方向，

13、用小写字母表示）。装置、除可进一步干燥NO、Cl2外，另一个作用是_。装置的作用是_。装置中吸收尾气时，NOCl发生反应的化学方程式为_。（3）丙组同学查阅资料，查得王水是浓硝酸与浓盐酸的混酸，一定条件下混酸可生成亚硝酰氯和氯气，该反应的化学方程式为_。27、（12分）制备苯甲酸的反应原理及有关数据如下：名称相对分子质量性状熔点沸点溶解度甲苯92无色液体-95110不溶于水苯甲酸122白色片状或针状晶体122248微溶于水高锰酸钾158易溶于水实验过程如下： 将高锰酸钾、水和氢氧化钠溶液混合摇匀后，加入甲苯，采用电磁搅拌，加热（但温度不要太高），冷凝回流2h。如仍有高锰酸钾的紫色存在，则加数滴

14、乙醇。 将混合液过滤后冷却。滤液用盐酸酸化，析出白色晶体过滤，洗涤，干燥，得到苯甲酸的粗产品，最后测定其熔点。回答下列问题：（1）中反应易暴沸，本实验中采用_方法防止此现象；乙醇的作用是_。（2）中过滤出的沉淀是_。（3）中测定熔点时，发现到130 时仍有少量不熔，推测此不熔物的成分是_。（4）提纯苯甲酸粗产品的方法是_。28、（14分）三氟化氮(NF3)是一种新型电子材料，它在潮湿的空气中与水蒸气能发生氧化还原反应，其反应的产物有：HF、NO和HNO3，请根据要求回答下列问题： （1）反应过程中，被氧化与被还原的元素原子的物质的量之比为 _ （2）写出该反应的化学方程式 _ .若反应中生成0

15、.2molHNO3，转移的电子数目为 _ 个. （3）NF3是一种无色、无臭的气体，但一旦NF3在空气中泄漏，还是易于发现.你判断该气体泄漏时的现象是 _ （4）一旦NF3泄漏，可以用NaOH溶液喷淋的方法减少污染，其产物除NaNO2、NaF、H2O外，还肯定有 _ (填化学式)29、（10分）电浮选凝聚法是工业上采用的一种污水处理方法：保持污水的pH在5.06.0，通过电解生成Fe(OH)3沉淀。Fe(OH)3有吸附性，可吸附污物而沉积下来，具有净化水的作用。阴极产生的气泡把污水中悬浮物带到水面形成浮渣层，弃去浮渣层，即起到了浮选净化的作用。某科研小组用电浮选凝聚法处理污水，设计的装置示意图

16、如图1所示。回答下列问题：（1）电解过程中，电解池阴极的电极反应式为_；控制电流，可使电解池阳极同时发生两个电极反应：其中一个为2H2O -4e = O2+ 4H+，另一个电极反应式为_。（2）电解池溶液中得到Fe(OH)3沉淀的离子方程式为_。（3）某熔融盐燃料电池以熔融的多种碱金属碳酸盐混合物为电解质，CH4为燃料，空气为氧化剂，稀土金属材料为电极，如图2。若该熔融盐燃料电池为电浮选凝聚法的电解电源，则：正极的电极反应式为_；为了使该燃料电池长时间稳定运行，电池的电解质组成应保持稳定。为此电池工作时必须有部分A物质参加循环。则A物质的化学式是_。实验过程中，若在阴极产生了44.8L（标准状

17、况）气体，则熔融盐燃料电池理论上消耗CH4_L（标准状况）。参考答案一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、B【解析】丙烯CH2=CH-CH3中有一个甲基，甲基具有甲烷的四面体结构特点，因此所有原子不可能处于同一平面上，错误；乙烯具有平面型结构，CH2=CHCl看作是一个氯原子取代乙烯中的一个氢原子，所有原子在同一个平面，正确；苯是平面结构，溴苯看作是一个溴原子取代苯中的一个氢原子，所有原子在同一个平面，正确；甲苯中含有一个甲基，甲基具有甲烷的四面体结构特点，因此所有原子不可能处于同一平面上，错误；综上所述可知，分子内所有原子在同一平面的是物质是，故合理选项是B。2、

18、D【解析】Fe2O3与FeS2混合后在缺氧条件下焙烧生成Fe3O4和SO2，因此反应的化学方程式为FeS2+16Fe2O311Fe3O4+2SO2，则理论上完全反应消耗的n（FeS2）：n（Fe2O3）=1:16。答案选D。3、A【解析】A. 比较两种离子的水解程度，需要使用相同离子浓度的溶液；室温下，Na2CO3的溶解性比NaHCO3大，则二者的饱和溶液中，两种物质的浓度不同，对应的阴离子浓度也不相同，因此本实验不合理，A错误；B. 本实验中，左侧试管中又加入了KSCN溶液，右侧试管中加入了水，则对比左右两只试管，相当于加入试剂前后，溶液的体积都没有变化，左侧试管中KSCN的物质的量增加，所

19、以左侧试管中KSCN的浓度增大，而右侧试管中KSCN的浓度没有变化，因此本实验合理，B正确；C. 本实验中，只有催化剂不同，其他的物质及其对应的物理量均相同，符合“单一变量”原则，因此本实验合理，C正确；D. 本实验中，醋酸可以和NaHCO3反应产生气泡，硼酸不行，可以说明酸性：醋酸碳酸硼酸，D正确；故合理选项为A。【点睛】化学对比实验，采用“单一变量”原则，在A选项中，两种物质的溶解度不同，且两种物质的适量也不同，导致两种溶液的物质的量浓度也不同，该组实验存在两个变量，故该组实验不合理。在应答此类题目时，一定要注意图中的描述。4、B【解析】A.石墨烯是非金属材料，故A错误；B.地沟油经加工处

20、理后,可用来制肥皂和生物柴油,可以实现厨余废物合理利用,所以B选项是正确的；C. 丝绸的主要成分是蛋白质，属于天然高分子化合物，故C错误； D.PVC用于食品、蔬菜外包装，但对人体存在潜在危害，故D错误；所以B选项是正确的。【点睛】本题考查物质的性质及应用，为高频考点，把握物质的性质、化学与材料、健康的关系为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意化学与生产、生活的关系，题目难度不大。5、D【解析】分析：A项，气体摩尔体积与气体所处的温度、压强有关；B项，非标准状况下，1mol任何气体的体积可能为22.4L；C项，标准状况下22.4L固态物质、液态物质所含分子数不等于6.021023；D项，

21、1mol任何气体在标准状况下的体积约为22.4L。详解：A项，单位物质的量的气体所占的体积叫做气体摩尔体积，气体摩尔体积与气体所处的温度、压强有关，在标准状况下气体摩尔体积为22.4L/mol，在25、101kPa的条件下气体摩尔体积约为24.5L/mol，A项错误；B项，压强一定时温度升高气体体积增大，温度一定时压强增大气体体积减小，根据气体状态方程PV=nRT，非标准状况下，1mol任何气体的体积可能为22.4L，B项错误；C项，标准状况下22.4L固态物质、液态物质所含分子数不等于6.021023，C项错误；D项，气体体积与气体分子数、温度和压强有关，与气体种类无关，1mol任何气体在标

22、准状况下的体积约为22.4L，D项正确；答案选D。点睛：本题考查气体摩尔体积的有关知识。注意气体摩尔体积只适用于气态物质，气体摩尔体积与气体所处的温度和压强有关，压强一定时升高温度气体摩尔体积增大，温度一定时增大压强气体摩尔体积减小。6、C【解析】分析：本题考查的是弱电解质的电离和溶液中的守恒规律，关键为三大守恒。详解：A.氨水中的电荷守恒有c(OH) c(H)+ c(NH)，故正确；B.饱和硫化氢溶液中，因为硫化氢存在两步电离，且第一步电离程度大于第二步，所以微粒浓度关系为c(H2S)c(H)c(HS)c(S2)，故正确；C.在醋酸溶液中，醋酸电离出等量的氢离子和醋酸根离子，水也能电离出氢离

23、子，所以氢离子浓度大于醋酸根离子浓度，故错误；D.氢氧化钙溶液中的电荷守恒有c(H)2c(Ca2)c(OH)，故正确。故选C。点睛：弱电解质存在电离平衡，需要注意多元弱酸的电离是分步进行的，因为电离出的氢离子对后面的电离有影响，所以电离程度依次减弱。7、A【解析】A、苯甲醇与氯化铁溶液不反应，滴入三氯化铁溶液无变化，A正确；B、对甲基苯酚与氯化铁溶液反应显紫色，B错误；C、苯酚与氯化铁溶液反应显紫色，C错误；D、氢碘酸与氯化铁溶液发生氧化还原反应生成单质碘、氯化亚铁，D错误；答案选A。8、A【解析】A羟基是电中性基团，氧原子与氢原子以1对共用电子对连接，电子式为，故A正确；BCH2F2的电子式

24、中，氟原子最外层达到8电子稳定结构，其正确的电子式为：，故B错误；C对硝基甲苯的结构简式为：，故C错误；D乙烯分子内含有碳碳双键，其结构式为，故D错误；故答案为A。9、D【解析】原子核外电子排布应符合构造原理、能量最低原理、洪特规则和泡利不相容原理，结合原子或离子的核外电子数解答该题。【详解】A.K元素原子核外有19个电子，失去一个电子生成K+，K+的电子排布式为1s22s22p63s23p6，A不符合题意；B.As是33号元素，核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d104s24p3，符合能量最低原理，B不符合题意；C.N元素原子核外有7个电子，获得3个电子，形成N3-，电子排布式

25、为1s22s22p6，符合能量最低原理，C不符合题意；D.Cr元素原子核外有24个电子，由于原子核外电子轨道为半满、全满或全空时是稳定结构，所以核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d54s1，不符合能量最低原理，D符合题意；故合理选项是D。【点睛】本题考查原子核外电子排布，本题注意基态原子或离子的电子排布规律，把握书写方法。10、B【解析】由四种元素基态原子电子排布式可知，1s22s22p63s23p2是Si元素、 1s22s22p63s23p3是P元素、1s22s22p4是O元素、1s22s22p3是N元素；A同周期自左而右原子半径减小，所以原子半径SiP，NO，电子层越多原子半

26、径越大，故原子半径SiPNO，即，选项A错误；B同周期自左而右第一电离能呈增大趋势，但N原子2p、P元素原子3p能级均容纳3个电子，为半满稳定状态，能量较低，第一电离能高于同周期相邻元素，所以第一电离能SiP，ON，同主族自上而下第一电离能降低，所以第一电离能NP，所以第一电离能SiPON，即，选项B正确；C最高正化合价等于最外层电子数，但O元素没有正化合价，所以最高正化合价：=，选项C错误；D同周期自左而右电负性增大，所以电负性SiP，NO，N元素非金属性比P元素强，所以电负性PN，故电负性SiPNO，即，选项D错误；答案选B。11、D【解析】分析：A、根据在NaCl晶体中，距Na+最近的C

27、l-有6个，距Cl-最近的Na+有6个进行分析；B、利用均摊法确定每个晶胞中含有的钙离子、氟离子个数；C、每个C原子形成4个共价键，两个C原子形成一个共价键；D、CaF2晶体是离子化合物。详解：在NaCl晶体中，距Na+最近的Cl-有6个，距Cl-最近的Na+有6个，这6个离子构成一个正八面体， A选项正确；在CaF2晶胞中每个Ca2+连接4个氟离子，Ca2+位于立方体的8个顶角和6个面，所以Ca2+的数目是：81/8+61/2=4，在CaF2晶体中,每个晶胞平均占有4个Ca2+，B选项正确；每个C原子形成4个共价键，两个C原子形成一个共价键，所以在金刚石晶体中，碳原子与碳碳键个数的比为1：2

28、， C选项正确；CaF2是离子化合物，在水溶液或者熔融状态下能够完全电离出Ca2+和F-离子，能够导电，D说法不正确，D选项错误；正确选项D。点睛：晶体中微粒的排列具有周期性，晶体中最小的结构重复单元称为晶胞，利用“均摊法”可以计算一个晶胞中的粒子数，从而确定晶体的化学式。中学中常见考题里涉及的晶胞有立方晶胞、六方晶胞；在立方晶胞中：（1）每个顶点上的粒子被8个晶胞共用，每个粒子只有1/8属于该晶胞，如本题中的Ca2+离子；（2）每条棱上的粒子被4个晶胞共用，每个粒子只有1/4属于该晶胞；（3）每个面心上的粒子被2个晶胞共用，每个粒子只有1/2属于该晶胞。如本题中的Ca2+；（4）晶胞内的粒子

29、完全属于该晶胞。12、D【解析】分析：A.收集SO2应用向上排空法；B.应排除乙醇的干扰；C.加热溶液应在蒸发皿中进行；D.过氧化氢在二氧化锰催化作用下生成氧气，可用向上排空法收集。详解：A. SO2密度比空气大，应用向上排空法收集，故A错误；B.乙醇易挥发，可与高锰酸钾发生氧化还原反应，不能排除乙醇的干扰，故B错误；C.蒸发应用蒸发皿，不能在坩埚中进行，故C错误；D.过氧化氢在二氧化锰催化作用下生成氧气，氧气,密度比空气大，可用向上排空法收集，所以D选项是正确的。所以D选项是正确的。13、C【解析】根据均摊法计算，由晶胞的结构图可知，锰原子分布在正六棱柱的顶点、上下底面的面心上、棱边的中点上

30、和体心上，铋原子位于体内，根据晶胞中原子的计算方法计算解答。【详解】由晶胞的结构图可知，锰原子分布在正六棱柱的顶点、上下底面的面心上、棱边的中点上和体心上，所以锰原子的个数为：12+2+6+16，铋原子分布在六棱柱的体内，数目为6，所以锰原子和铋原子的个数比为6：6=1：1，所以化学式为MnBi，故选C。【点睛】本题主要考查均摊法计算晶胞中各种原子的个数，解题时要注意观察晶胞中各种原子的分布。本题的易错点为顶点的原子是，不是；棱边上的原子是，不是，主要是该晶胞不是立方体，而是六棱柱。14、C【解析】甲苯为纯净物；冰醋酸是乙酸，为纯净物；铝热剂为铝和难熔氧化物的混合物；普通玻璃没有固定的熔点，属

31、于混合物；水玻璃是硅酸钠的水溶液，属于混合物；漂白粉的主要成分是氯化钙和次氯酸钙，属于混合物；密封保存的NO2气体，因二氧化氮聚合为四氧化二氮，是混合物；冰水混合物是不同状态水混合而成，属于纯净物；含氧40%的氧化镁为纯净的氧化镁，属于纯净物；分子式为C5H12的烷烃可能为正戊烷、新戊烷、异戊烷或三者的混合物，则一定为纯净物的是；答案选C。【点睛】纯净物是由一种物质组成的物质，混合物是由多种物质组成的物质，依据物质的组成进行判别是解答关键。15、A【解析】由题目要求可知该有机物的同分异构体中应具有CH3-C6H4-OOCH（-C6H4-为苯环）的结构，应有邻、间、对三种同分异构体或C6H5-O

32、OCCH3或C6H5-COOCH3或C6H5-CH2OOCH共6种。答案选A。16、B【解析】恒温恒容下对于气体体系等效转化后，使反应物（或生成物）的物质的量与原平衡起始态相同，两平衡等效，据此判断。【详解】反应达平衡时，氨气的体积分数不可能为a，则等效转化后氮气和氢气的物质的量只要不再等于1mol、3mol即可。则根据方程式可知A. 2 mol NH3相当于是1mol氮气与3mol氢气，满足等效平衡，A不选；B. 1 mol N2、3 mol H2和2 mol NH3相当于是2mol氮气与6mol氢气，不满足等效平衡，B选；C. 0.5 mol N2、1.5 mol H2和1 mol NH3

33、相当于是1mol氮气与3mol氢气，满足等效平衡，C不选；D. 0.1 mol N2、0.3 mol H2和1.8 mol NH3相当于是1mol氮气与3mol氢气，满足等效平衡，D不选；答案选B。【点睛】所谓等效平衡是指外界条件相同时，同一可逆反应只要起始浓度相当，无论经过何种途径，都可以达到相同的平衡状态。等效平衡的判断及处理一般步骤是：进行等效转化边倒法，即按照反应方程式的计量数之比转化到同一边的量，与题干所给起始投料情况比较。17、C【解析】A、离子间通过离子键形成的晶体是离子晶体，A正确；B、原子间通过共价键形成的空间网状结构的晶体是原子晶体，B正确；C、例如金属汞常温下是液体，不正

34、确；D、分子间通过分子间作用力形成的晶体是分子晶体，D正确。所以答案选C。18、C【解析】油和氯化钠溶液，混合分层，则利用分液分离；39%的乙醇溶液中乙醇与水的沸点不同，则利用蒸馏分离；单质溴不易溶于水，易溶于有机溶剂，则分离氯化钠和单质溴的水溶液，选择有机溶剂萃取；答案选A。【点睛】本题为高频考点，把握物质的性质及性质差异、混合物分离方法为解答的关键，注重实验基础知识和基本技能的考查，注意有机物性质。分离提纯方法的选择思路是根据分离提纯物的性质和状态来定的。具体如下： 分离提纯物是固体(从简单到复杂方法) ：加热(灼烧、升华、热分解)，溶解，过滤(洗涤沉淀)，蒸发，结晶(重结晶)；分离提纯物

35、是液体(从简单到复杂方法) ：分液，萃取，蒸馏；分离提纯物是胶体:盐析或渗析；分离提纯物是气体：洗气。19、C【解析】该反应是一个气体体积减小的吸热反应，增大压强，平衡向正反应方向移动，升高温度，平衡向正反应方向移动。【详解】A项、增大压强，平衡向正反应方向移动，正反应速率大于逆反应速率，故A错误；B项、升高温度，平衡向正反应方向移动，反应物A%减小，故B错误；C项、升高温度，反应速率增大，达到平衡所用时间较少，平衡向正反应方向移动，反应物A%减小，故C正确；D项、升高温度，反应速率增大，达到平衡所用时间较少，故D错误；故选C。【点睛】本题考查化学反应平衡图象，注意分析方程式的特征来判断温度、

36、压强对平衡移动的影响为解答该题的关键。20、D【解析】试题分析：A乙醇和乙酸在浓硫酸的作用下混合共热才可以制取乙酸乙酯，故A错误；B铁屑、液溴、苯混合可以制溴苯，不能用溴水，故B错误；C在苯中滴入浓硝酸和浓硫酸来制硝基苯，故C错误；D在乙醇的催化氧化中，金属铜作催化剂，铜参与反应，最后会生成金属铜，故D正确；故选D。考点：考查有机物的性质21、D【解析】A. 乙醇和乙酸相互溶解，不能用分液的方法分离，A错误；B. 酸性高锰酸钾溶液会将乙烯氧化成CO2，用酸性高锰酸钾溶液除去甲烷中的乙烯，会引入新的杂质气体，B错误；C. 单质溴易溶于溴苯，不能用过滤的方法分离，C错误；D. 甲醇和乙醇互相混溶，

37、但沸点不同，除去工业酒精中的甲醇，可用蒸馏的方法，D正确；答案为D22、D【解析】A. 若向混有乙烯的乙烷中通入氢气以除去乙烯，无法确定通入氢气的量，无法达到目的，故A错误；B. 向某待测液中加入酸性高锰酸钾溶液无法鉴别该待测液是甲苯或乙苯，因为两者均能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故B错误；C. 向2mL10%的CuSO4溶液中滴入46滴2%的NaOH溶液，碱不足，而检验-CHO应在碱性条件下，则不能观察到红色沉淀，故C错误；D向硝酸银中滴加氨水至生成的沉淀恰好溶解可制备银氨溶液，将 2%的稀氨水逐滴加入 2%的 AgNO3 溶液中至沉淀恰好溶解，可制得银氨溶液，故D正确；故选D。【点睛】本题考查

38、化学实验方案的评价，把握物质的性质、混合物分离提纯、物质的鉴别、实验技能为解答的关键，侧重分析与实验能力的考查，注意实验的评价性分析，易错点C，碱不足，须在碱性条件下完成醛基的检验。二、非选择题(共84分)23、 2甲基1丙醇 C6H5CH=CHCHO (CH3)2CHCHO2Cu(OH)2NaOH(CH3)2CHCOONaCu2O3H2O 13种 CH3CHBrCH3 NaOH的水溶液，加热 消去反应【解析】C氧化可生成D，则D应为酸，D的相对分子质量通过质谱法测得为88，它的核磁共振氢谱显示只有三组峰，其结构简式应为（CH3）2CHCOOH，则C为（CH3）2CHCHO；B为（CH3）2C

39、HCH2OH，由题给信息可知A为（CH3）2C=CH2，有机物F是苯甲醇的同系物，苯环上只有一个无支链的侧链，结合G的分子式可知F为，E能够发生银镜反应，1molE与2molH2反应生成F，则E为，G为，则（1）B为（CH3）2CHCH2OH，按照醇的系统命名法命名；正确答案：2-甲基-1-丙醇；（2）根据以上分析可知E的结构简式为；正确答案：（3）(CH3)2CHCHO被新制Cu(OH)2氧化为羧酸；正确答案： (CH3)2CHCHO2Cu(OH)2NaOH(CH3)2CHCOONaCu2O3H2O；（4）F为，符合：为芳香族化合物；与F是同分异构体；能被催化氧化成醛的化合物有：若苯环上只有

40、1个取代基，取代基为CH(CH3)CH2OH，只有1种；若苯环上有2个取代基，可能是甲基和CH2CH2OH，邻间对3种，也可以是CH2CH3和CH2OH，邻间对3种；若苯环上有3个取代基，只能是两个CH3和一个CH2OH，采用定一议二原则判断，有6种，所以共有13种。其中满足苯环上有3个侧链，且核磁共振氢谱有5组峰，峰面积比为62211的有机物的结构简式为正确答案：13种； （5）D结构简式为（CH3）2CHCOOH，以丙烯等为原料合成D的路线可知，反应为加成反应，X为CH3CHBrCH3，其在NaOH的水溶液中加热生成CH3CHOHCH3，反应、分别为消去反应和加成反应。正确答案：CH3CH

41、BrCH3 ； NaOH的水溶液，加热； 消去反应；点睛：有机推断题要充分利用题给定的信息并结合常见有机物的特征性质进行分析推理，才能快速推出物质的结构。24、乙炔 消去反应 【解析】由有机物的转化关系可知，在催化剂作用下，HCCH与CH3COOH发生加成反应生成CH2=CHCH2COOH，则B为CH2=CHCH2COOH；在催化剂作用下，CH2=CHCH2COOH发生加聚反应生成；在催化剂作用下，与CH3OH发生取代反应生成和CH3COOCH3；由和H发生酯化反应生成可知，H为；由逆推法可知，在加热条件下，G与新制的氢氧化铜发生氧化反应，酸化生成，则G为；在浓硫酸作用下，F受热发生消去反应生

42、成，则F为；由题给信息可知E与CH3CHO发生加成反应生成，则E为。【详解】（1）A结构简式为HCCH，名称为乙炔；FG的反应为在浓硫酸作用下，受热发生消去反应生成，故答案为：乙炔；（2）CD的反应为与CH3OH发生取代反应生成和CH3COOCH3，反应的化学方程式为，故答案为：；（3）E的结构简式为；H的顺式结构简式为，故答案为：；（4）G的同分异构体属于芳香族化合物，说明分子中含有苯环，能与NaOH溶液发生反应，说明分子中含有酚羟基或羧基，若含有酚羟基，余下3个碳原子形成的取代基可能为CH3和HCC或CH3CC，若含有羧基，余下2个碳原子形成的取代基可能为CH2=CH或CH=CH，则核磁共

43、振氢谱有4种吸收峰的结构简式为和，故答案为：；（5）由有机物的结构简式，结合题给信息，运用逆推法可知生成有机物的过程为：乙烯与溴的四氯化碳溶液发生加成反应生成1,2二溴乙烷，1,2二溴乙烷在氢氧化钠溶液中受热发生水解反应生成乙二醇，在铜做催化剂作用下，乙二醇与氧气发生催化氧化反应生成乙二醛，一定条件下，乙二醛与乙醛发生加成反应生成，合成路线为，故答案为：。【点睛】本题考查有机物推断与合成，侧重考查学生分析推理能力、知识迁移运用能力，充分利用转化中物质的结构简式与分子式进行分析判断，熟练掌握官能团的性质与转化，能够依据题给信息设计合成线路是解答关键。25、CH3COOH+CH3CH218OHCH

44、3CO18OC2H5+H2O 防止倒吸、冷凝 中和乙酸并吸收乙醇，降低乙酸乙酯的溶解度、有利于分层 溶液分层，上层为无色油状有香味的液体 CD B 【解析】（1）羧酸与醇发生的酯化反应中，羧酸中的羧基提供-OH，醇中的-OH提供-H，相互结合生成水，其它基团相互结合生成酯，同时该反应可逆，若用 18O 标记乙醇中的氧原子，反应的化学方程式为CH3COOH+CH3CH218OHCH3CO18OC2H5+H2O；故答案为：CH3COOH+CH3CH218OHCH3CO18OC2H5+H2O；圆底烧瓶受热不均，球形干燥管的管口伸入液面下可能发生倒吸，球形干燥管体积大，可以防止倒吸，同时起冷凝作用；故

45、答案为：防止倒吸、冷凝；用饱和碳酸钠溶液来收集酯的作用是：溶解掉乙醇，反应掉乙酸，降低乙酸乙酯的溶解度，故答案为：中和乙酸并吸收乙醇，降低乙酸乙酯的溶解度、有利于分层；乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液，密度比水小，溶液分层，上层为无色油状有香味的液体；故答案为：溶液分层，上层为无色油状有香味的液体A单位时间里，生成 1mol 乙酸乙酯，同时生成 1mol 水，均为正反应速率，不能判断反应是否达到平衡状态，故A不选；B单位时间里，消耗 1mol 乙醇，同时消耗 1mol 乙酸，均为正反应速率，不能判断反应是否达到平衡状态，故B不选；C正反应的速率与逆反应的速率相等，说明乙醇与乙酸的酯化反应已达到化学

46、平衡状态，故C选；D混合物中各物质的浓度不再变化，说明乙醇与乙酸的酯化反应已达到化学平衡状态，故D选；故选CD。（2）A苯甲酸与苯胺 反应生成和水，由反应可知反应时断键位置为C-O键和N-H键，故A正确；B苯甲酸微溶于水、苯胺易溶于水、N苯基苯甲酰胺不溶于水，而苯甲酸、苯胺易溶于乙醚，N苯基苯甲酰胺微溶于乙醚，则用乙醚洗涤粗产品比用水效果好，故B错误；C产物易溶于热乙醇，冷却后易于结晶析出，可用结晶的方法提纯，则产物可选用乙醇作为溶剂进行重结晶提纯，故C正确；D硅胶吸水，可使平衡正向移动，能使反应进行更完全，故D正确；故选B。26、浓盐酸 饱和食盐水 稀硝酸 水 ef（或fe）cbd 通过观察

47、气泡调节气体的流速 防止水蒸气进入反应器 NOCl2NaOH=NaClNaNO2H2O HNO3(浓)3HCl(浓)=NOClCl22H2O 【解析】(1)实验室加热制取氯气是用MnO2与浓盐酸加热生成的，所以分液漏斗中装的是浓盐酸，装置是用于吸收氯气中HCl气体，所以内装饱和的食盐水；实验室里NO是用Cu和稀硝酸反应制取的，所以分液漏斗中装的是稀硝酸，装置是用于吸收NO中HNO3蒸气的，因此内装水即可。(2)已知NOCl沸点为-5.5 ，遇水易水解，所以可用冰盐冷却收集液体NOCl，再用装有无水CaCl2的干燥管防止水蒸气进入装置中使NOCl变质，由于NO和Cl2都有毒且污染环境，所以用Na

48、OH吸收尾气，因此接口顺序为aef(或fe) cbd，通过观察洗气瓶中的气泡的快慢，调节NO、Cl2气体的流速，以达到最佳反应比，提高原料的利用率，减少有害气体的排放，装置中装有的无水CaCl2，是防止水蒸气进入装置中使生成的NOCl变质，NOCl遇水反应生成HCl和HNO2，再与NaOH反应，所以反应的化学方程式为：NOCl+2NaOH=NaCl+NaNO2+H2O。(3)由题中叙述可知，反应物为浓硝酸和浓盐酸，生成物为亚硝酰氯和氯气，所以可写出反应的化学方程式为HNO3(浓)+3HCl(浓)=NOCl+Cl2+2H2O。【点睛】本题要特别注意NOCl的性质对解题的影响，1、沸点为-5.5

49、，冰盐可使其液化，便于与原料气分离；2、遇水易水解，所以制备前、制备后都要防止水蒸气的混入，这样才能找到正确的装置连接顺序。27、 电磁搅拌 过量的高锰酸钾可被乙醇还原成二氧化锰或除去过量的高锰酸钾 二氧化锰或MnO2 氯化钾或KCl 重结晶【解析】分析：一定量的甲苯和KMnO4溶液和氢氧化钠在加热条件下反应2h后停止反应，反应混合物为苯甲酸钾、氢氧化钾、二氧化锰和剩余的高锰酸钾，过量的高锰酸钾可以用乙醇除去，经过滤除去不溶物二氧化锰，滤液为苯甲酸钾、氢氧化钾溶液，加入盐酸酸化，过滤得白色固体为苯甲酸和氯化钾的混合物。详解：（1）根据题干信息，甲苯和KMnO4溶液在加热条件下反应，属于溶液之间的反应，在加热条件下进行，为了防止暴沸，必需加入碎瓷片，并进行不断的搅拌，所以可以用电磁搅拌完成这一操作；乙醇易溶于水，被氧化为二氧化碳和水，所以过量的高锰酸钾可以用乙醇除去，生成的二氧化锰通过过滤除去，所以乙醇的作用：除去过量的高锰酸钾溶液，正确答案：电磁搅拌；