广州中考化学推断题专项训练

1、广州中考化学推断题专项训练一、中考化学推断题1.A、B、C、D、E、F、G分别是一氧化碳、二氧化碳、氧化铜、稀硫酸、氢氧化钡溶液、碳酸钠溶液、氯化钡溶液中的一种.B的相对分子质量为44,它们之间有如图所示的关系，图中相连的两个方框表示相应物质间能发生反应.回答下列问题：(3)F与G反应的化学方程式为.【答案】二氧化碳稀硫酸产生白色沉淀CuO+CO鱼Cu+CO2【解析】【分析】A、B、C、D、E、F、G分别是一氧化碳、二氧化碳、氧化铜、稀硫酸、氢氧化钡溶液、碳酸钠溶液、氯化钡溶液中的一种，B的相对分子质量为44,所以B是二氧化碳，二氧化碳会与氢氧化钡反应，所以C是氢氧化钡，氢氧化钡会与稀硫酸、碳

2、酸钠反应，D如果是碳酸钠，碳酸钠除了会与氢氧化钡、稀硫酸反应，不会与气体物质反应，所以A是氯化钡，E是稀硫酸，稀硫酸会与氧化铜反应，所以F是氧化铜，G是一氧化碳，经过验证，推导正确。【详解】所以B是二氧化碳，E是稀硫酸；A与D的反应是稀硫酸和氢氧化钡反应生成硫酸钡沉淀和水，所以实验现象为：产生白色沉淀；F与G的反应是一氧化碳和氧化铜在加热的条件下生成铜和二氧化碳，化学方程式为：CuO+CO4Cu+co2.故答案为：(1)二氧化碳，稀硫酸；(2)产生白色沉淀；(3)CuO+CO4Cu+CO2.AG是初中化学常见的七种物质，且A、B、C、D、E属于单质、氧化物、酸、碱、盐五种不同类别的物质，它们之

3、间的关系如图所示。表示相连的物质能相互反应；T表示物质间的转化关系；部分反应物、生成物及反应条件未标出)。已知A物质中含有三种元素；B是单质，其组成元素在地壳中的含量位居第四；物质C的溶液呈蓝色；反应的现象相同，都产生白色沉淀；D、G两种物质类别相同，且都易溶于水。试回答：TOC o 1-5 h z写出A、B、G的化学式：A、B、G。物质C在农业生产中的一种用途是。D与E反应的化学方程式是。【答案】H2SO4FeBa(OH)2配制波尔多液2NaOH+CO2=Na2CO3+H2O【解析】根据AG是初中化学常见的七种物质，且A、B、C、D、E属于单质、氧化物、酸、碱、盐五种不同类别的物质，A物质中

4、含有三种元素，B是单质，其组成元素在地壳中的含量位居第四，所以B是铁，物质C的溶液呈蓝色，所以C中含有铜离子，反应的现象相同，都产生白色沉淀；D、G两种物质类别相同，且都易溶于水，A会转化成C,所以A是硫酸，C是硫酸铜，G是氢氧化钡，F可以是碳酸钠，D是氢氧化钠，E是二氧化碳，然后将推出的物质进行验证即可。(1)AG是初中化学常见的七种物质，且A、B、C、D、E属于单质、氧化物、酸、碱、盐五种不同类别的物质，A物质中含有三种元素，B是单质，其组成元素在地壳中的含量位居第四，所以B是铁，物质C的溶液呈蓝色，所以C中含有铜离子，反应的现象相同，都产生白色沉淀；D、G两种物质类别相同，且都易溶于水，

5、A会转化成C,所以A是硫酸，C是硫酸铜，G是氢氧化钡，F可以是碳酸钠，D是氢氧化钠，E是二氧化碳，经过验证，推导正确，所以A是H2SO4,B是Fe,G是Ba(OH)2;(2)物质C在农业生产中的一种用途是配制波尔多液；(3)D与E的反应是氢氧化钠和二氧化碳反应生成碳酸钠和水，化学方程式是：2NaOH+CO2=Na2CO3+H2O。点睛：在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。同学们玩过“化学扑克”牌吗？它的玩法是：上家出牌，如果下家牌中的物质能与上家的发生反应，即可出牌，按此规则，出完牌的为赢家

6、.如图表示的是某局牌的最后轮.桌面上是一张图甲的“盐酸”牌，ABCD四位玩家手中都剩下一张牌.甲4盐醍A二筑ft隔BCVD确啟铜HCLco：Ca(OH)2FtCuSOj(1)如果本局每一位玩家的牌都能出掉，则四位玩家的出牌顺序为：(填标号)TOC o 1-5 h z甲写出B玩家牌中物质与D玩家牌中物质发生反应的化学方程，该反应的基本类型是写出A物质的一种用途是,B物质的俗名是.【答案】DBACa(OH)2+CuSO4=CaSO4+Cu(OH)2(复分解反应灭火熟石灰【解析】【详解】盐酸与铁反应生成氯化亚铁和氢气，铁与硫酸铜反应生成铜和硫酸亚铁，氢氧化钙与硫酸铜反应生成硫酸钙和氢氧化铜，氢氧化钙

7、与二氧化碳反应生成碳酸钙和水，所以顺序是：甲一CDBA；氢氧化钙与硫酸铜反应生成氢氧化铜和硫酸钙，反应的化学方程式为：Ca(OH)2+CuSO4=CaSO4+Cu(OH)2(，参加反应的两种化合物相互交换成分生成另外两种化合物，属于复分解反应；二氧化碳不燃烧也不支持燃烧，可用于灭火；氢氧化钙又叫熟石灰或消石灰。如图A-F都是初中化学常见的物质.图中的反应条件已略去.已知A常温下为液体，F是一种难溶性的蓝色固体.(资料：难溶性碱受热易分解为两种氧化物，反应中各元素化合价不变).请回答下列问题.A的名称是；F的化学式为.反应的现象为；写出另一个F能发生的反应方程式，该反应属于反应(填基本反应类型)

8、.【答案】(1)A水FCu(OH)2(2)黑色固体变为红色，且有水珠出现(3)Cu(OH)2+H2SO4=CuSO4+2H2O复分解反应【解析】试题分析：难溶性碱受热易分解为两种氧化物，反应中各元素化合价不变，且A是一种液体，说明F是氢氧化铜，而A是分解后得到的水，同时E是氧化铜，水电解生成氧气和氢气，氢气能够和氧化铜反应得到水和铜单质，说明C是氢气，而B是氧气，二者反应得到水。带入后符合题意。考点：物质的鉴别下图是一些常见物质的转化关系，其中C是无色无刺激性的气体，且能使澄清石灰水变浑浊；E是一种无污染的清洁能源，其燃烧产物是H。请根据上图，回答下列有关问题：TOC o 1-5 h z红棕色

9、粉末A和气体C、E的化学式分别为A、C、E:。G转化为H和A的反应类型是反应；B转化成E和D的反应类型是反应。A与盐酸反应的化学方程式为；D和氯气化合生成F的化学方程式为。以上图中无色气体C为中心，延展如图：可豐民色气库口血均C隹汉淀I高蟲化合请写出实现这两个转化的另一反应物J、K的化学式：J、K。请完善由CO和CaCO3分别转变成无色气体C的转化关系图，在箭号上注明必要的反应条件和其它反应物。co|T无邑久体c卜lees沉淀【答案】Fe2O3CO2H2分解置换Fe2O3+6HCI=2FeCI3+3H2O2FeCI2+CI2=2FeCI3CCa(OH)2【解析】【详解】由题目对C物质的描述：无

10、色无刺激性的气体，且能使澄清石灰水变浑浊，可确定C物质为二氧化碳；由溶液F呈黄色可判断溶液中含有Fe3+，再根据溶液F与氢氧化钠溶液反应生成红褐色沉淀G,可判断G为Fe(OH)3,根据G受热分解生成红棕色粉末A和无色液体H,可判断A为Fe2O3、H为H2O；根据A与CO高温下生成无色气体C和黑色粉末B，可判断黑色粉末为Fe；根据黑色粉末B与稀盐酸反应生成无色气体E和浅绿溶液D,可判断E为H2、溶液D为FeCl2溶液；最后根据绿色溶液D通入氯气生成黄色溶液F,可判断溶液F为FeCl3溶液；由溶液F呈黄色可判断溶液中含有Fe3+，再根据溶液F与氢氧化钠溶液反应生成红褐色沉淀G,可判断G为Fe(OH

11、)3,根据G受热分解生成红棕色粉末A和无色液体H,可判断A为Fe2O3、H为H2O；C是无色无刺激性的气体，且能使澄清石灰水变浑浊，可判断气体C为CO2；根据黑色粉末Fe与稀盐酸反应生成无色气体E和浅绿溶液D,可判断E为H2、溶液D为FeCl2溶液；故答案为：Fe2O3；C02；H2；可溶性铁盐与氢氧化钠溶液反应生成的红褐色Fe(OH)3沉淀G,在加热条件下生成无色液体H2O和红棕色粉末Fe2O3,属于一种物质反应生成两种物质的分解反应；B黑色粉末Fe与稀盐酸反应生成E无色气体H2和FeCl2的浅绿溶液D,反应属于单质与化合物生成单质与化合的置换反应；故答案为：分解；置换；Fe(OH)3受热分

12、解生成的红棕色Fe2O3与稀盐酸发生复分解反应，生成FeCl3和h2o；故答案为：Fe2O3+6HCl=2FeCl3+3H2O；浅绿色氯化亚铁溶液与氯气发生反应，生成了氯化铁的黄色溶液；故答案为：2FeCl2+Cl2=2FeCl3；物质C为无色气体二氧化碳，二氧化碳能与氢氧化钙溶液形成碳酸钙沉淀、在高温条件下能与碳反应生成一氧化碳；因此，固体J为单质碳C、溶液K为Ca(OH)2溶液；故答案为：C；Ca(OH)2；一氧化碳在氧气中燃烧或高温下能金属氧化物如氧化铜反应，都可生成二氧化碳；碳酸钙与稀盐酸或在高温下发生分解也都可以产生气体二氧化碳；(由CO或CaCO3转化为CO2的其他合理途径也行)1

13、02.(2018河南中考模拟)某同学将一小包铜粉和锌粉的混合物放入一定量的硝酸银溶液中，使其充分反应后过滤，得到固体和蓝色滤液。并对滤液的组成进行探究。请写出一个相关反应的化学方程式。同学们又对滤液中所含的物质作出多种猜想，有两种猜想可能成立，第一种猜想是滤液中含硝酸锌、硝酸铜，则另一种猜想应是什么？请你设计实验方案来验证第一种猜想。【答案】Zn+2AgNO3Zn(NO3)2+2Ag或Cu+2AgNO3Cu(NO3)2+2Ag滤液中含AgNO3、Zn(NO3)2、Cu(NO3)2。取样品少量，加入稀盐酸，无现象，证明溶液中没有AgNO3，只含Zn(NO3)2、Cu(NO3)2。【解析】(1)根

14、据锌的活动性比银强，利用锌与硝酸银的反应规律，写出反应的化学方程式；(2)根据三种金属的活动性顺序锌铜银，推断将一小包铜粉和锌粉的混合物放入一定量的硝酸银溶液中可能发生的反应，得到固体和蓝色溶液，对反应后溶液的组成进行猜测；(3)根据三种金属活动性及氯离子与银离子不能共存的反应规律，设计验证猜想一。(1)锌置换硝酸银中的银，同时得到硝酸锌，反应的化学方程式为Zn+2AgNO=Zn(N)2+2Ag；(2)由得到溶液呈蓝色，说明铜粉与硝酸银发生了反应，反应后溶液中一定含有硝酸铜；由于锌的活动性比铜强，锌会先于铜与硝酸银反应且锌粉可与硝酸铜反应，因此可判断锌粉已完全反应，溶液中一定含有硝酸锌；硝酸银

15、是否完全反应则成为所要猜测的两种可能，若硝酸银完全反应，则溶液中只含有硝酸锌、硝酸铜，若硝酸银有剩余，则溶液中含有硝酸锌、硝酸铜、硝酸银(或AgNO3、Zn(NO3)2、Cu(NO3)2)；(3)取样品少量，加入稀盐酸，无现象，证明溶液中没有AgNO3，因为溶液呈蓝色，所以一定有Cu(NO3)2，Zn和AgNO3反应生成了Zn(NO3)2，所以溶液中只有Zn(NO3)2、Cu(NO3)2，没有AgNO3。点睛：活动性强的金属放入活动性弱的金属的混合盐溶液中，活动性强的金属会先把活动性最弱的金属从其盐溶液中置换出来，然后再置换活动性较弱的金属。7.构建知识网络是一种重要的学习方法.如图是关于氧化

16、铜化学性质的知识网络图(“_”表示一种物质能转化为另一种物质，“一”表示两种物质问能发生化学反应)，其中A是密度最小的气体，c为红色固体单质.请回答下列问题.mrrnTOC o 1-5 h z|丸|CuOBA物质的化学式为.C物质的一种用途是.如果过程所加的试剂为稀硫酸，反应过程的现象是.写出反应的化学方程式，并注明基本反应类型.高温【答案】H2做导线黑色粉末逐渐消失，溶液由无色变为蓝色C+2CuO2Cu+CO2f置换反应【解析】【详解】密度最小的气体是氢气，氢气的化学式是H2，故答案为：H2；红色固体单质为铜，物质的性质决定物质的用途，铜具有优良的导电性，可用来做导线，故答案为：做导线；反应

17、为氧化铜和硫酸反应生成硫酸铜和水，现象是：黑色粉末逐渐消失，溶液由无色变为蓝色，故答案为：黑色粉末逐渐消失，溶液由无色变为蓝色；氧化铜要转化为铜，一般要使用还原剂碳或氢气，碳和氧化铜高温生成铜和二氧化碳；反应物是一种单质和一种化合物，生成物也是一种单质和化合物，属于置换反应，故高温答案为：C+2CuO2Cu+CO2f；置换反应。【点睛】在学习中要求学生要熟记一些物质的性质，并能根据性质判断属于哪种物质如根据密度最小判断是氢气，根据红色金属单质判断是铜。物质王国举行一场趣味篮球赛。某队由铁、二氧化碳、硫酸、氢氧化钙、氯化铜五名“队员组成，比赛中，由氯化铜“队员发球，“队员”间传接球，最后由D位置

18、“队员投篮进球完成一次有效进攻。场上“队员位置及传球路线如图所示。(友情提示：图示中连线间初质相辽反应)已知D位置上投篮的“队员是个灭火“能手”，则D位置“队员代表的物质是；B位置“队员所代表物质的一种用途是；写出连线代表的物质间发生反应的化学方程，连线代表的物质间发生化学反应的基本类型是反应。【答案】二氧化碳除铁锈H2SO4+Ca(OH)2=CaSO4+2H2O置换【解析】【分析】氯化铜和铁反应生成铜和氯化亚铁，氯化铜和氢氧化钙反应生成氢氧化铜和氯化钙，铁和硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，硫酸和氢氧化钙反应生成硫酸钙和水。【详解】二氧化碳不燃烧，也不支持燃烧，D位置上投篮的“队员是个灭火“能手”

19、，故D位置队员”代表的物质是二氧化碳。氯化铜和铁反应生成铜和氯化亚铁，氯化铜和氢氧化钙反应生成氢氧化铜和氯化钙，则A是铁或氢氧化钙，B和A能反应，则B是硫酸，故B位置“队员所代表物质的一种用途是除铁锈。氯化铜和铁反应生成铜和氯化亚铁，氯化铜和氢氧化钙反应生成氢氧化铜和氯化钙，则A是铁或氢氧化钙，B和A能反应，则B是硫酸，D是二氧化碳，则C是氢氧化钙，连线代表的物质间发生反应是氢氧化钙和稀硫酸反应生成硫酸钙和水，化学方程式为HSO+Ca(0H)=CaSO+2H0,连线代表的物质间发生化学反应是氯化铜和铁反24242应生成铜和氯化亚铁，故基本类型为置换反应。【点睛】D位置上投篮的“队员是个灭火能手

20、，D是二氧化碳，C和D反应，C是氢氧化钙，B和C反应，B是硫酸，A是铁。A、B、C、D、E为初中化学常见的五种物质，它们之间有如图所示的转化和反应关系(T表示某一种物质经一步反应可转化为另一种物质，一”表示相连两种物质能发生化学反应，部分反应物、生成物及反应条件已略去）。（1）若A的固体可用于人工降雨，B为植物光合作用的产物之一，E在工业上广泛应用于玻璃、造纸、纺织和洗涤剂的生产等。则B为，A与D反应的化学方程式为（2）若A为人体胃酸的主要成分，D与E经混合研磨可产生有刺激性气味的气体，且图中体现了A的四种不同化学性质。则C物质的类别（填“一定或“不一定”）为氧化物；A与D反应的化学方程式为。

21、【答案】o2CO2+Ca（OH）2=CaCO3d+H2O不一定2HCl+Ca（0H）=CaCl+2HO（合理22）232222即可）【解析】【分析】（1）若A的固体可用于人工降雨，B为植物光合作用的产物之一，E在工业上广泛用于玻璃、造纸、纺织和洗涤剂的生产等，可知A是二氧化碳，B可以为氧气，E为碳酸钠；二氧化碳能够和氢氧化钙反应，氢氧化钙能够和碳酸钠反应，据此完成相关的问题；（2）若A为人体胃酸的主要成分，则A为盐酸；D与E经混合研磨可产生刺激性气味的气体，且图中体现了A的四种不同化学性质，铵盐和碱反应可以产生氨气，且D能够和盐酸反应，因此D为碱，如氢氧化钙，则E可以是盐酸与碳酸氢铵等反应产生

22、的氯化铵；盐酸能够转化为B，B能够和C反应，因此C可能是氧化铁等金属氧化物也可能是铁等，B可能为氢气，据此完成相关的问题。【详解】（1）若A的固体可用于人工降雨，B为植物光合作用的产物之一，E在工业上广泛用于玻璃、造纸、纺织和洗涤剂的生产等，可知A是二氧化碳，B可以为氧气，E为碳酸钠；二氧化碳能够和氢氧化钙反应，氢氧化钙能够和碳酸钠反应，经过验证，推导正确，因此B为氧气，A和D反应的化学方程式为：CO+Ca（OH）=CaCOJ+HO；故填：氧气；2232CO+Ca（OH）=CaCOJ+HO。2232（2）若A为人体胃酸的主要成分，则A为盐酸；D与E经混合研磨可产生刺激性气味的气体，且图中体现了

23、A的四种不同化学性质，铵盐和碱反应可以产生氨气，且D能够和盐酸反应，因此D为碱，如氢氧化钙，则E可以是盐酸与碳酸氢铵等反应产生的氯化铵；盐酸能够转化为B，B能够和C反应，因此C应该是氧化铁等金属氧化物也可能是铁，B可能为氢气，因此C不一定是金属氧化物；A与D反应的化学方程式为2HCl+Ca（OH）=CaCl+2HO.故填.不一定；2HCl+Ca（OH）=CaCl+2HO。222，八、222【点睛】在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。甲、乙、丙是仅由碳、氧两种元素组成的单质或化合物，其中丁由钙

24、、氧和碳三种元素组成。它们之间的转化关系如图所示(图中部分反应物、生成物及反应条件已略去)。TOC o 1-5 h z写出下列物质的化学式：甲、丙。实验室制取甲的化学方程。写出甲与澄清石灰水发生反应的化学方程。由甲转化为丙的化学方程。【答案】CO2COCaCO3+2HCI=CaCI2+H2O+CO2个CO2+Ca(OH)2=CaCO3+H2OCO2+C=2CO【解析】【分析】根据题干提供的信息进行分析解答，甲、乙、丙是仅由碳、氧两种元素组成的单质或化合物，丁由Ca、O和C三种元素组成，故丁是碳酸钙，碳酸钙能高温分解生成氧化钙和二氧化碳，故甲是二氧化碳，由于甲能与丙相互转化，乙能生成二氧化碳和丙

25、，故乙可能是氧气，也可能是炭，丙可能是一氧化碳；若甲中不含碳元素，则甲可能是碳酸钙与酸反应生成的水，根据过氧化氢能分解生成水和氧气，氧气能与水相互转化即可完成解答。【详解】由分析可知：甲的化学式为co2,丙的化学式为CO；实验室通过碳酸钙和稀盐酸反应制取二氧化碳，其反应的化学方程式为CaCO3+2HCI=CaCI2+H2O+CO2个；二氧化碳和澄清石灰水可反应生成碳酸钙和水，反应的化学方程式为CO2+Ca(OH)2=CaCOgd+HgO；高温二氧化碳和碳反应可生成一氧化碳，反应的化学方程式为CO2+C2CO。AE是初中化学常见的物质，E是大理石的主要成分，D是能供给呼吸的气体单质.它们的相互转

26、化关系如图甲所示.“-表示相互间能反应，“T表示能转化.部分反应条件、反应物、生成物已略去.图乙表示的是A、C的相关信息.请回答下列问题.E的化学式为C的用途之一为(1)(2)TOC o 1-5 h z三个反应的基本反应类型都可能为.ATE反应的化学方程式为.【答案】CaCO冶炼金属化合反应CO+Ca(0H)=CaCO；+HO32232【解析】【详解】根据题目给出的流程图和信息：AE是初中化学常见的物质，E是大理石的主要成分，D是能供给呼吸的气体单质，因此D是氧气，E是碳酸钙；故E化学式为：CaCO3；C是一氧化碳，一氧化碳可以做燃料和还原剂；碳和氧气充分燃烧生成二氧化碳，碳和氧气不充分燃烧生

27、成一氧化碳，二氧化碳和碳在高温的条件下生成一氧化碳，它们都属于化合反应；二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙白色沉淀和水，反应的化学方程式为:CO2+Ca(OH)2=CaCO32+H2O。AH是初中所学的常见物质，其转化关系如图所示(部分反应物、生成物及反应条件已略去)。已知A为红色的单质，D为红棕色物质，E为最常用的溶剂，H为白色沉写出反应的化学方程。【答案】Fe2O3H2Fe+CuSO4=FeSO4+Cu(合理即可)置换反应CO2+Ca(OH)2=CaCO3；+H2O【解析】【分析】根据已学的物质的性质进行分析解答，E为最常用的溶剂，为水，A为红色单质，则A是铜，D为红棕色物质，则D是氧化铁，

28、能与B相互转化，则B是铁，铁生成C,C能生成铜，且C、E能相互转化，则C是氢气，E、G能相互转化，则G可能是氢氧化钙或碳酸或氧气，又因为H为白色沉淀，则G应是氢氧化钙，H是碳酸钙，F是二氧化碳，将各物质带入框图检验合理，推断成立。【详解】由上分析可知D是氧化铁，化学式为Fe2O3；C是氢气，化学式为H2；反应是铁和硫酸铜(或氯化铜或硝酸铜)反应生成铜和硫酸亚铁(或氯化亚铁或硝酸亚铁)，化学方程式Fe+CuSO4=FeSO4+Cu(合理即可)；该反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的反应，属于基本反应类型中的置换反应；反应是二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙和水，反应的化学方

29、程式CO2+Ca(OH)2=CaCO3；+H20。如图是初中化学中常见物质间的转化关系.其中，常温下A、B是黑色固体，B中两种元素的质量比是4：1；C的浓溶液可用作干燥剂；G俗称纯碱；反应和各能生成一种沉淀，且沉淀颜色不同。图中“一”表示两端的物质间能发生化学反应；“一”表示物质间存在转化关系；反应条件、部分反应物和生成物已略去。TOC o 1-5 h z写出反应的化学方程式：；写出反应的化学方程式：；写出反应的现象：。【答案】NaCO2CuO+C高温2Cu+C0fCuSO+2NaOH=Cu(OH)；+NaSO生成白色沉2324224淀【解析】A、B是黑色固体，B中两种元素的质量比是4：1,B

30、可能是氧化铜，A可能是碳，C的浓溶液可用作干燥剂故C可能是稀硫酸，G俗称纯碱，故G是碳酸钠，硫酸和氧化铜都能生成E，故E可能是硫酸铜，D能生成碳酸钠，且与E反应有沉淀，故D可能是氢氧化钠，E与F反应能生成另一种颜色的沉淀，故F可能是氯化钡，经推理，该分析结果正确；G的化学式为NaCO；23反应是碳与氧化铜反应生成铜和二氧化碳，反应方程式为2CuO+C高温2Cu+C0f；2反应是氢氧化钠与硫酸铜反应生成氢氧化铜沉淀和硫酸钠，故反应方程式为CuSO+2NaOH=Cu(OH)；+NaSO；4224反应是硫酸铜与氯化钡的反应，故反应现象是有白色沉淀生成；A、B、C、D是初中化学常见的物质，它们的关系如

31、图：-”表示相互之间可以反应，T表示可以转化生成，其中A是年产量最多的金属，C是一种常见的碱，B和C反应生成的一种物质是我们日常生活的调味品，D是一种气体，D在大气中含量的增加会导致温室效应.ABCTOC o 1-5 h z写出D的化学式，C必须密封保存的原因是.A放入B的溶液中，可以观察到现象是，反应的化学方程写出B和C反应的化学方程式，该反应属于类型(填基本反应类型).D导致温室效应，从而威胁人类生存，我们应该倡导“低碳生活”，下列做法哪些符合低碳生活的理念(填序号).A尽量少用一次性杯筷B提倡步行上下学，乘坐公交车上下班C植树造林，爱护花草树木D大力开发太阳能、风能等新能源.【答案】CO

32、2氢氧化钠容易吸收空气中的水分及二氧化碳有气泡产生，溶液逐渐变成浅绿色Fe+2HCIFeCI2+H2个NaOH+HCI=NaCI+H2O复分解反应ABCD【解析】【分析】A是年产量最多的金属，则A是铁，B和C反应生成的一种物质是我们日常生活的调味品，C是一种常见的碱，则C是氢氧化钠，B是盐酸，D是一种气体，D在大气中含量的增加会导致温室效应，则D是二氧化碳。【详解】D是一种气体，D在大气中含量的增加会导致温室效应，则D是二氧化碳，D的化学式CO2，C是氢氧化钠，氢氧化钠和二氧化碳反应生成碳酸钠和水，故必须密封保存的原因是氢氧化钠容易吸收空气中的水分及二氧化碳。A是年产量最多的金属，则A是铁，B

33、和C反应生成的一种物质是我们日常生活的调味品，C是一种常见的碱，则C是氢氧化钠，B是盐酸，A放入B的溶液中，故可以观察到现象是有气泡产生，溶液逐渐变成浅绿色，铁和盐酸反应生成氯化亚铁和氢气，反应的化学方程式为Fe+2HCl=FeCl+H。22，B和C反应生成的一种物质是我们日常生活的调味品，B和C反应是氢氧化钠和稀盐酸反应生成氯化钠和水，化学方程式为NaOH+HCl=NaCl+H2O，反应属于复分解反应。A、尽量少用一次性杯筷，可以减少碳排放，故A正确；B、提倡步行上下学，乘坐公交车上下班，可以减少污染气体的排放，故B正确；C、植树造林，爱护花草树木，可以减少空气中的碳，故C正确；D、大力开发

34、太阳能、风能等新能源，可以减少化石燃料的燃烧，减少碳排放，故D正确。故选ABCDo【点睛】在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。A、B、C、D为初中化学常见的四种物质，它们之间有如图所示的转化和反应关系(“T”表示某一种物质经一步反应可转化为另一种物质，一”表示相连两物质能发生化学反应，部分反应物、生成物及反应条件已略去)若A、B、C、D中均含有一种相同的元素，常温下，A为无色液体，C为黑色固体，则A为,C与D发生的化学反应方程。若A、B、C、D为四种不同类别的化合物，A在常温下为气体，C在生

35、活中可用来除油污，且C的固体可作某些气体的干燥剂，写出BTC这一反应的化学方程。z高温【答案】H2OCuO+C=Cu+CO2或Fe3O4+4C3Fe+4CO2Na2CO3+Ca(OH)2=CaCO3&+2NaOH【解析】【详解】通电不不常温下，A为无色液体，A是H2O，2H02HT+OT，c为黑色固体，C可2222以是CuO或Fe3O4,A、B、C、D中均含有一种相同的元素，D是CO。C与D发生的化学反高温应方程式：CuO+C=Cu+CO2或Fe3O4+4C3Fe+4CO2A、B、C、D为四种不同类别的化合物，C在生活中可用来除油污，且C的固体可作某些气体的干燥剂，则C是NaOH,A在常温下为

36、气体，A是CO2,B是Na2CO3,BTC反应的化学方程式：Na2CO3+Ca(OH)2=CaCO3d+2NaOH请你细心阅读下列物质之间的相互关系，然后回答下列问题:TOC o 1-5 h z请你根据上述关系图写出下列物质的化学式：AE_G。写出上述关系图中、两步所发生反应的化学方程式，并注明反应基本类型。基本反应类型，基本反应类型。MnO水点燃【答案】KMnO4H2O2H22HO22H0+0T分解反应C+OCO4222222222化合反应【解析】【分析】根据固体颜色，暗紫色固体，则A是高锰酸钾；气体D为氧气；黑色粉末C为二氧化锰；反应中加液体E,又生成了氧气，则E是过氧化氢；那么F是水；通

37、电条件在初中阶段，只有水的电解涉及该反应条件，则G是氢气，气体N能使澄清石灰水变浑浊，则N是二氧化碳；则M是碳；代入验证，推理合理。【详解】根据推断过程：A是高锰酸钾，E是过氧化氢，G是氢气，故填：KMnO4,H2O2，比。MnO2H022H0+0T，分解反应2222点燃C+02C02，化合反应【点睛】推断题要注意题干中信息，比如特殊的物质颜色，反应条件，都是解决推断题的突破口。已知铜绿Cu2(OH)2CO3在加热时分解生成A、B、C三种常见的氧化物，下面是有关物质之间的转化关系图示(部分生成物未标出)TOC o 1-5 h z试通过分析推断，确定下列物质的化学式：A,B,G,H.写出化学方程

38、式：CTH,E+BTG【答案】H2OCuOCuCaCO3CO+Ca(OH)=HO+CaCOJ232223AH+CuO=Cu+HO22【解析】【分析】A在通电的条件下反应生成D和E,所以A为水，所以D、E是氢气或氧气中的一种，B和E在加热条件下能生成红色固体G,所以G为铜，B为氧化铜，那么E就是氢气，所以D为氧气，碱式碳酸铜受热分解能生成氧化铜、水和二氧化碳，所以C为二氧化碳，二氧化碳和黑色单质X反应生成气体F,气体F会与氧化铜反应生成铜，所以F是一氧化碳，X就是木炭，二氧化碳和氢氧化钙反应生成白色的碳酸钙沉淀和水，所以H是碳酸钙，碱式碳酸铜受热分解生成氧化铜、水、二氧化碳，水通电生成氢气和氧气

39、，氢气和氧化铜加热生成红色的铜，二氧化碳和木炭在高温的条件下生成一氧化碳，一氧化碳和氧化铜加热也会生成铜，二氧化碳和氢氧化钙反应生成白色的碳酸钙沉淀和水，推出的各种物质均满足题意，推导合理，【详解】A是巧0,B是CuO,G是Cu，H是CaCO3；C-H的反应是二氧化碳和氢氧化钙反应生成白色的碳酸钙沉淀和水，其反应的化学方程式为：CO+Ca(OH)=HO+CaCO/；22239E+B-G的反应是氢气和氧化铜反应生成白色的铜和水，其反应的化学方程式为：AH+CuO=Cu+HO22物质A-G分别代表氧气、碳酸钠、二氧化碳、氢氧化钠、一氧化碳、氧化铁、水七种物质中的一种，把它们排列成如图所示的大雁阵”

40、。图中连线表示两种相邻物质之间能相互转化或相互反应。已知D是一种盐，A、E、F常温下呈气态，A、B是人的生命活动中两种最重要的物质。请回答相关问题：TOC o 1-5 h zd的化学式是。写出一个D转化成C的化学方程式，该反应属于基本反应类型中的反应。写出E转化成F的化学方程式。(4)大雁阵”中的G是一只漂亮的色大雁”。高温【答案】Na2CO3Ca(OH)2+Na2CO3=CaCO3+2NaOH复分解CO2+C2C0赤红【解析】【分析】根据物质A-G分别代表氧气、碳酸钠、二氧化碳、氢氧化钠、一氧化碳、氧化铁、水七种物质中的一种，把它们排列成如图所示的大雁阵。图中连线表示两种相邻物质之间能相互转

41、化或相互反应。已知D是一种盐，A、E、F常温下呈气态，A、B是人的生命活动中两种最重要的物质”，则推测：A为氧气，B为水，C为氢氧化钠，D为碳酸钠，E为二氧化碳，F为一氧化碳，G为氧化铁，代入检验。【详解】根据分析，D的化学式是Na2CO3。写一个D转化成C的化学方程式为碳酸钠溶液与氢氧化钙反应，化学方程式为：Ca(OH)2+Na2CO3=CaCO3d+2NaOH；该反应属于基本反应类型中的复分解反应。高温E转化成F,即二氧化碳与碳反应的化学方程式为：CO2+C2C0。大雁阵中的G为氧化铁，是一只漂亮的赤色大雁。故答案为：(1)Na2CO3；(2)Ca(OH)2+Na2CO3=CaCO3+2N

42、aOH，复分解。(3)高温co2+c2C0o(4)赤红【点睛】本考点属于物质的推断题，是通过对实验方法和过程的探究，在比较鉴别的基础上，得出了正确的实验结论。已知A、B、C、D、E是初中化学中常见的五种物质，均含有同一种元素。其中，A、B、D、E是不同类别的物质，B和C含有的元素完全相同，E是一种重要建筑材料的主要成分，它们在一定条件下的转化关系如图所示。请你完成以下空白：D的化学式为。请写出B-E反应的化学方程式：AC的反应基本类型是：请说出C的一种用途：【答案】H2CO3Ca(OH)2+CO2=CaCO3d+H2O化合反应作燃料或冶炼金属【解析】【分析】A、B、C、D、E是初中化学中常见的

43、五种物质，均含同一种元素，B和C含有的元素完全相同，B、C可以相互转化，所以B、C是二氧化碳和一氧化碳，A会转化成二氧化碳和一氧化碳，所以A是碳，E是一种重要建筑材料的主要成分，E和B可以相互转化，所以B是二氧化碳，C是一氧化碳，E就是碳酸钙，D与其它四种物质属于不同的类别，D和二氧化碳可以相互转化，所以D是碳酸，带入验证，推理正确。【详解】由分析可知(1)D的化学式为H2CO3；BTE的反应是二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，化学方程式为：CO2+Ca(OH)2=CaCO32+H2O；ATC的反应是碳和氧气在点燃的条件下生成一氧化碳，此反应属于化合反应；C是一氧化碳，可作燃料或冶炼金

44、属。【点睛】在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可。20.AJ是初中化学中常见物质。H是最轻的气体,C是胃酸的主要成分,G是蓝色沉淀。各物质间的反应均在溶液中进行，相互转化关系如图所示。请回答以下问题:TOC o 1-5 h zE的化学式为。反应的化学方程式为(只写一个)。B溶液中的阴离子是。上述物质转化中所涉及的基本反应类型共有种。【答案】H2OHCI+NaOH=NaCI+H2O(或HCI+KOH=KCI+鮎0)OH-2【解析】【分析】H是最轻的气体，为氢气；C是胃酸的主要成分，为盐酸；G是蓝

45、色沉淀，为氢氧化铜，C与A可生成盐和氢气，则A为活泼金属，丨为盐；那么反应中，D为盐，J为金属；在反应中，B为碱，F为盐；在反应中，E为水。【详解】E是水，化学式为H2O；反应为酸碱中和反应，酸为盐酸，化学方程式为HCI+NaOH=NaCI+H2O或HCI+KOH=KCI+H2OB为碱，溶液中的阴离子是OH-上述物质转化中所涉及的基本反应类型有置换反应，复分解反应。故答案：(1).H2O(2).HCI+NaOH=NaCI+H2O(或HCI+KOH=KCI+H2O)(3).OH-(4).2如图，物质王国中的A、B、C、D、E及X六种物质玩“独木桥”游戏，其中AE分别是盐酸，氢气，氧化铜，氢氧化钙

46、，二氧化碳五种物质中的一种。fJL1A|BcD|ELJJX、搭桥：规则是AE搭桥后相邻的物质之间能发生化学反应(所涉及反应均为初中常见化学反应)。已知C是人体胃液中可以帮助消化的物质。D的主要用途是;(写一条即可)A与B反应的基本类型是；B与C反应的化学方程式是。过桥：若AE分別通过一步反应能直接转化为X,则X可成功过桥，物质X是。(填化学式)【答案】改良酸性土壤置换反应CuO+2HCI=CuCI2+H2OH2O【解析】【分析】AE分别是盐酸，氢气，氧化铜，氢氧化钙，二氧化碳五种物质中的一种，已知C是人体胃液中可以帮助消化的物质，因此C是盐酸，B、D能与盐酸反应，即B、D分别是氧化铜和氢氧化钙

47、的一种，A、E分别是氢气和二氧化碳的一种，故A、B、C、D、E分别为H2、CuO、HCI、Ca(OH)2、CO2。【详解】(1)氢氧化钙的用途是：改良酸性土壤、做建筑材料等；氢气和氧化铜反应的化学方程式为：CuO+H=Cu+H0,反应的基本反应类型是置换22反应；反应物是氧化铜和盐酸，生成物是氯化铜和水，反应的化学方程式为：CuO+2HCI=CuCI2+H2O；若AE分别通过一步反应能直接转化为X,则X可成功过桥，物质X是水，氢气燃烧生成水，氧化铜和氢气反应有水生成，盐酸和碱反应有水生成，氢氧化钙和酸反应有水生成，二氧化碳和氢氧化钠反应有水生成；故答案为：改良酸性土壤；置换反应；CuO+2HC

48、I=CuCI2+H2O；(2)巧0。【点睛】掌握物质的推断、化学方程式的书写、化学反应基本类型是正确解答本题的关键。下列是初中化学中常见的物质：铁、氢气、氧化铜、二氧化碳、硫酸、氢氧化钠、氯化铜。他们进行击鼓传花游戏，条件是相互之间能发生反应就可以进行传递。请把上述物质分别安排在AG的位置上，使花束能从A传到G.其中A的固体俗称干冰。请回答：氢氧化钠应放在位置上。C和D反应的化学方程式为，反应类型为反应。上述物质除了发生从A到G的化学反应外，常温下还能相互发生化学反应的是。当G换成另一个同类别物质时就能将花传回起点A,它是(写名称)。【答案】BFe+CuCl2=FeCl2+Cu置换硫酸和氢氧化

49、钠碳【解析】【分析】A的固体俗称干冰，因此A是二氧化碳，二氧化碳能够和氢氧化钠反应，则B是氢氧化钠；氢氧化钠能够和硫酸和氯化铜反应，假设C是氯化铜，氯化铜能够和铁反应，因此D就是铁；铁能够和硫酸反应，因此E就是硫酸；硫酸能够和氧化铜反应，氧化铜能够和氢气反应，因此F是氧化铜，G是氢气，假设成立。【详解】氢氧化钠能够和二氧化碳反应，因此氢氧化钠在B位置上。C是氯化铜，D是铁，铁和氯化铜反应产生氯化亚铁和铜，化学方程式为Fe+CuClFeCl+Cu，该反应是单质和化合物生成新的单质和化合物的置换反应；常温下硫酸能与氢氧化钠反应，化学方程式为：H2SO4+2NaOH=Na2SO4+2H2OoG是氢气

50、，属于单质，氢气和碳都能够还原氧化铜，因此可以把氢气换成碳单质。【点睛】铁、氢气、氧化铜、二氧化碳、硫酸、氢氧化钠、氯化铜，相互之间能发生反应就可以进行传递，A的固体俗称干冰，A是二氧化碳，二氧化碳能够和氢氧化钠反应，则B是氢氧化钠，硫酸能够和氧化铜反应，氧化铜能够和氢气反应，因此F是氧化铜，G是氢气。图中所涉及到的物质均为常见的化合物，图中“一”表示相互反应，“一”表示转化关系，部分反应物、生成物、反应条件已略去。其中A、B常温下均为液态，且组成元素相同，F是大理石的主要成分，Y为氧化物，Z是紫红色固体，L为蓝色絮状沉淀。回答下列问题：TOC o 1-5 h z写出A物质的化学式o反应一涉及

51、的基本反应类型有种。写出反应的化学方程o写出N物质的一种用途o【答案】H2O23Ca(OH)2+Na2CO3=CaCO3；+2NaOH除锈【解析】【分析】A、B常温下均为液态，且组成元素相同，A与X反应后生成B与C,所以A为过氧化氢，B为水，C为氧气。X为二氧化锰；Z是紫红色固体，则Z为铜，E为氧化铜；F是大理石的主要成分，所以F是碳酸钙；Y为氧化物，能与B(水)反应生成D，D与M反应生成碳酸钙，所以Y为氧化钙，D为氢氧化钙，则M为碳酸钠，G为氢氧化钠；L为蓝色絮状沉淀，则L为氢氧化铜沉淀；G(氢氧化钠)与H反应生成氢氧化铜沉淀，则H为硫酸铜，N为硫酸。【详解】由分析可知，A为过氧化氢，其化学

52、式为H2O2，故填H2O2o反应是过氧化氢反解生成水和氧气，属于分解反应，反应是氧化钙与水反应生成氢氧化钙，属于化合反应，反应是铜和氧气反应生成氧化铜，属于化合反应，反应是氢氧化钙与碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，属于复分解反应，反应是氧化铜与硫酸反应生成硫酸铜和水，属于复分解反应，反应是氢氧化钠与硫酸铜反应生成氢氧化铜沉淀和硫酸钠，属于复分解反应，涉及的基本反应类型有分解反应、化合反应和复分解反应，共3种，故填3。反应是氢氧化钙与碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，故反应的化学方程式写为：Ca(OH)2+Na2CO3=CaCO3；+2NaOH。N为硫酸，能与金属氧化物反应生成盐和水，所以

53、N可以用来除锈，故填除锈。某无色溶液甲，可能含有硫酸钠、氢氧化钠、碳酸钠、氯化钠；某白色固体乙中可能含有硝酸钡、氯化钠。某化学兴趣小组为探究其成分做了以下实验：I.取少量溶液甲于试管中，滴加酚酞溶液，观察到溶液呈红色；II取一定量白色固体乙于烧杯中，逐渐加入溶液甲并不断搅拌，烧杯内固体的质量随加入溶液甲的质量的变化如图中折线ABC所示；III继续向烧杯中滴加过量的稀硝酸并不断搅拌，烧杯内固体的质量随加入稀硝酸的质量的变化如图中CD所示；W.再继续向烧杯中滴加硝酸银溶液，烧杯内固体的质量随加入硝酸银溶液的质量的变化请回答下列问题：溶液甲的pH(填小于或等于、大于)7；TOC o 1-5 h z溶

54、液甲中一定含有，固体乙中一定含有。D点时，烧杯中溶液一定含有的溶质是。根据步骤IV不能确定溶液甲中某种物质一定存在，理由是。要证明甲中该物质的存在，需要补充的实验操作是。【答案】大于Na2SO4、NaOH(或硫酸钠、氢氧化钠)Ba(NO3)2(或硝酸钡)HNO3、NaNO3、NaCI、Na2SO4(或硝酸、硝酸钠、氯化钠、硫酸钠)固体乙中也可能含有氯化钠另取少量溶液甲，加入过量硝酸钡和稀硝酸，过滤，往滤液中加入硝酸银溶液【解析】【详解】溶液甲中滴加酚酞溶液，溶液呈红色说明溶液甲显碱性，则溶液的pH大于7,故填7取一定量白色固体乙于烧杯中，逐渐加入溶液甲并不断搅拌，由图可知，烧杯内固体的质量减少

55、，则白色固体中可能存在能与溶液甲中硝酸钡反应的硫酸钠和碳酸钠；继续向烧杯中滴加过量的稀硝酸并不断搅拌，烧杯内固体的质量不变，表明烧杯中的固体不溶于稀硝酸，说明加入溶液甲后生成的固体中没有生成碳酸钡，则原白色固体中不含碳酸钠；溶液甲的pH大于7,显碱性，所以溶液甲中还含有氢氧化钠，则溶液甲中一定含有硫酸钠和氢氧化钠，故填Na2SO4、NaOH(或硫酸钠、氢氧化钠)；固体乙中一定含有能与硫酸钠反应的硝酸钡，故填Ba(NO3)2(或硝酸钡)。溶液甲中的硫酸钠与固体中的硝酸钡反应生成硫酸钡沉淀和硝酸钠，硝酸钠溶于水，且过量的硝酸也能与氢氧化钠反应生成硝酸钠，所以D点时烧杯溶液中含有硝酸钠，加入的硝酸过量，所以溶液中还含有硝酸，向烧杯中滴加硝酸银溶液，烧杯内固体的质量增加，说明烧杯中的溶液中还含有氯化钠，取一定量白色固体乙于烧杯中，逐渐加入溶液甲并不断搅拌，烧杯内固体的质量随加入溶液甲的质量的变化如图中折线ABC所示，说明加入的溶液甲过量，