四川省泸州老窖天府中学2021-2022学年高二化学第二学期期末调研试题含解析

1、2022年高二下化学期末模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、四氯化碳按官能团分类应该属于 （ ）A烷烃B烯烃C卤代烃D炔烃2、两种气态烃以任意比例混合，在105时1L该混合烃与10L氧气混合，充分燃烧后恢复到原状态，所得到气体体积是11L。下列各组混合经符合此条件的是（

2、）AC2H6、C2H2 BC3H8、C2H2 CC4H10、C2H4 DC3H4、C2H43、铜是人类最早发现和使用的金属之一，铜及其合金的用途广泛。粗铜中含有少量铁、锌、银、金等杂质，工业上可用电解法精炼粗铜制得纯铜，下列说法正确的是A精铜做阳极，粗铜做阴极B可用AgNO3溶液做电解质溶液C电解时，阴极反应为Cu 2e- = Cu2+D电解后，可用阳极泥来提炼金、银4、将足量CO2通入下列各溶液中，所含离子还能大量共存的是()AK+、SiO32、Cl、NO3BH+、NH4+、Al3+、SO42CNa+、S2、OH、SO42DNa+、AlO2、CH3COO、HCO35、某反应由两步反应ABC构

3、成，反应过程中的能量变化曲线如图(E1、E3表示两反应的活化能)。下列有关叙述正确的是（ ）A两步反应均为吸热反应B三种化合物的稳定性顺序：BACC加入催化剂不改变反应的焓变，但能提高转化率D整个反应的HE1E26、下列说法正确的是A乙烷和乙烯都能用来制取氯乙烷，且反应类型相同B相同物质的量的乙炔与苯分别在足量的氧气中完全燃烧，消耗氧气的物质的量相同C除去甲烷的乙烯可通过酸性高锰酸钾溶液洗气D甲苯和乙苯都是苯的同系物7、下列说法不正确的是（）A植物油能使溴的四氯化碳溶液褪色B石油裂化、煤的液化、油脂皂化都属于化学变化C蛋白质、纤维素、油脂、核酸都是高分子化合物D乙烯可用作水果催熟剂，乙酸可用作

4、调味剂，乙醇可用于杀菌消毒8、常温下，下列各组离子一定能在指定溶液中大量共存的是A食盐水中：K、Al3、HCO3B无色溶液中：Fe2、SO42、SCNCc(C2O42)=0.1molL1的溶液中：H、Na、MnO4D=1012的溶液中：NH4、Ba2、Cl9、某酸碱指示剂（HIn）在水溶液中存在以下平衡：HIn(aq) H+ + In(aq)（红色） （蓝色）下列物质的溶液中，能使指示剂显蓝色的是（ ）A稀硫酸 B氯化铝溶液 C稀氨水 D饱和食盐水 10、我国科学家屠呦呦因发现青蒿素治疗疟疾新疗法而获得2015年诺贝尔生理学或医学奖，已知青蒿素的结构简式如下。下列说法不正确的是（ ）A青蒿素的

5、分子式为C15H20O5B青蒿素难溶于水，能溶于NaOH溶液C青蒿素分子中所有的碳原子不可能都处于同一平面内D青蒿素可能具有强氧化性，具有杀菌消毒作用11、NA代表阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是()A100 mL 1 molL1FeCl3溶液中所含Fe3的数目为0.1NAB常温常压下，11.2 L甲烷和乙烯混合物中含氢原子数目为2NAC密闭容器中，2 mol SO2和1 mol O2催化反应后分子总数为2NAD标准状况下，124 g P4中所含PP键数目为6NA12、首次将量子化概念运用到原子结构，并解释了原子稳定性的科学家是()A玻尔 B爱因斯坦 C门捷列夫 D鲍林13、已知TNT为烈

6、性炸药，其爆炸时的方程式为：TNT +21O228CO2+10H2O+6N2，下列有关该反应的说法正确的是（ ）ATNT在反应中只做还原剂BTNT中的N元素化合价为+5价C方程式中TNT前的化学计量数为2D当1molTNT参加反应时，转移的电子数为306.02102314、下面有关晶体的叙述中，错误的是A白磷晶体为分子晶体，分子之间通过共价键结合B在NaCl晶体中每个Na(或Cl)周围都紧邻6个Cl(或6个Na)C金刚石的网状结构中，由共价键形成的最小碳环上有6个碳原子D离子晶体在熔化时，离子键被破坏；而分子晶体熔化时，化学键不被破坏15、将由FeSO4、Ba(OH)2、AlCl3三种固体组成

7、的混合物溶于足量的水中，用玻璃棒搅拌，充分溶解，一段时间后，向稳定的混合物溶液中滴加1molL-1的稀硫酸，加入稀硫酸的体积与生成沉淀的物质的量关系如图所示。下列有关判断不正确的是()AAB段发生反应的离子方程式为：Ba2+SO42-+2H+2OH-=BaSO4+2H2OBD点表示的溶液呈酸性CC点表示的沉淀的化学式为Al(OH)3、BaSO4、Fe(OH)2D混合物中FeSO4和AlCl3的物质的量相等16、下列属于碱性氧化物的是AMgOBH2SO4CCO2DNaOH17、下列有关化学反应表达正确的是 ( )A1丙醇与浓氢溴酸反应：CH3CH2CH2OH + HBr CH3CH2CH2Br

8、+ H2OB硬脂酸与乙醇的酯化反应：C17H35COOH + C2H518OH C17H35COOC2H5 + H218OC向CH2BrCOOH中加入足量的氢氧化钠溶液并加热：CH2BrCOOH + OH CH2BrCOO + H2OD向丙氨酸钠中加入足量盐酸：18、根据下列反应进行判断，下列各微粒氧化能力由强到弱的顺序正确的是()ClO3-5Cl-6H+=3Cl23H2O2FeCl32KI=2FeCl22KClI22FeCl2Cl2=2FeCl3AClO3- Cl2 I2 Fe3+BCl2 ClO3- I2 Fe3+CClO3- Fe3+ Cl2 I2DClO3- Cl2 Fe3+ I219

9、、由物理变化引起的颜色改变是（ ）A光照使Cl2和CH4的混合气体变浅B浓硫酸使蔗糖变黑C溴水中加苯振荡使水层褪色D通电使CuCl2溶液变浅20、4.5g某醛和足量的银氨溶液反应，结果析出64.8g Ag，则该醛可能是A甲醛B乙醛C丙醛D丁醛21、氨气分子空间构型是三角锥形，而甲烷是正四面体形，这是因为 （ ）A两种分子的中心原子杂化轨道类型不同，NH3为sp2型杂化，而CH4是sp3型杂化。BNH3分子中有一对未成键的孤对电子，它对成键电子的排斥作用较强。CNH3分子中N原子形成三个杂化轨道，CH4分子中C原子形成4个杂化轨道。D氨气分子是极性分子而甲烷是非极性分子。22、下列说法不正确的是

10、A蛋白质是生命的基础，是人类必需的营养物质B维生素C又称抗坏血酸，新鲜蔬菜中富含维生素CC阿司匹林是常用的解热镇痛药，可以长期大量服用D葡萄糖是自然界中分布最广的单糖，在人体中发生氧化反应，放出能量二、非选择题(共84分)23、（14分）化合物H是一种有机光电材料中间体。实验室由芳香化合物A制备H的合成路线如下：已知：回答下列问题：（1）A的化学名称为为_。（2）由E生成F的反应类型分别为_。（3）E的结构简式为_。（4）G为甲苯的同分异构体，由F生成H的化学方程式为_。（5）芳香化合物X是F的同分异构体，X能与饱和碳酸氢钠溶液反应放出CO2，其核磁共振氢谱显示有4种不同化学环境的氢，峰面积比

11、为6211，写出2种符合要求的X的结构简式_、_。24、（12分）吡喹酮(H)是一种治疗血吸虫病的药物，合成路线如下图所示：已知：i ii（1）下列说法正确的是_。A.1molC最多消耗2molH2 B.可以用双缩脲鉴别H与FC.化合物E、F均可发生消去反应 D.化合物H的分子式为C19H24N2O2（2）试剂a的结构简式_，EF的反应类型为_。（3）DE的化学方程式是_。（4）写出同时符合下列条件的C的所有同分异构体的结构简式_。分子中有苯环而且是苯环的邻位二取代物；1HNMR谱表明分子中有6种氢原子；IR谱显示存在碳氮双键（CN）。（5）GH三步反应依次为氧化、加成、取代反应，则GH的合成

12、路线为：_。25、（12分）实验小组同学对乙醛与新制的Cu(OH)2反应的实验进行探究。实验：取2mL 10%的氢氧化钠溶液于试管中，加入5滴2%的CuSO4溶液和5滴5%的乙醛溶液，加热时蓝色悬浊液变黑，静置后未发现红色沉淀。实验小组对影响实验成败的因素进行探究：(1)探究乙醛溶液浓度对该反应的影响。编号实验实验实验方案实验现象加热，蓝色悬浊液变红棕色，静置后底部有大量红色沉淀加热，蓝色悬浊液变红棕色，静置后上层为棕黄色油状液体，底部有少量红色沉淀已知：乙醛在碱性条件下发生缩合反应：CH3CHO+CH3CHOCH3CH=CHCHO+H2O ，生成亮黄色物质，加热条件下进一步缩合成棕黄色的油状

13、物质。 能证明乙醛被新制的Cu(OH)2 氧化的实验现象是_。 乙醛与新制的Cu(OH)2 发生反应的化学方程式是_。 分析实验产生的红色沉淀少于实验的可能原因：_。(2)探究NaOH溶液浓度对该反应的影响。编号实验实验实验方案实验现象加热，蓝色悬浊液变黑加热，蓝色悬浊液变红棕色，静置后底部有红色沉淀依据实验，得出如下结论：. NaOH溶液浓度一定时，适当增大乙醛溶液浓度有利于生成Cu2O。. 乙醛溶液浓度一定时，_。(3)探究NaOH溶液浓度与乙醛溶液浓度对该反应影响程度的差异。编号实验实验实验方案实验现象加热，蓝色悬浊液变黑加热，静置后底部有红色沉淀由以上实验得出推论： _。26、（10分

14、）醇脱水是合成烯烃的常用方法，实验室合成环己烯的反应和实验装置如下：可能用到的有关数据如下：合成反应：在a中加入20g环己醇和2小片碎瓷片，冷却搅动下慢慢加入1 mL浓硫酸。B中通入冷却水后，开始缓慢加热a，控制馏出物的温度不超过90。分离提纯：反应粗产物倒入分液漏斗中分别用少量5%碳酸钠溶液和水洗涤，分离后加入无水氯化钙颗粒，静置一段时间后弃去氯化钙。最终通过蒸馏得到纯净环己烯10g。回答下列问题：（1）装置b的名称是_。（2）加入碎瓷片的作用是_；如果加热一段时间后发现忘记加瓷片，应该采取的正确操作时_（填正确答案标号）。 A立即补加 B冷却后补加 C不需补加 D重新配料（3）本实验中最容

15、易产生的副产物的结构简式为_。（4）分液漏斗在使用前须清洗干净并_；在本实验分离过程中，产物应该从分液漏斗的_（填“上口倒出”或“下口放出”）。（5）分离提纯过程中加入无水氯化钙的目的是_。（6）在环己烯粗产物蒸馏过程中，不可能用到的仪器有_（填正确答案标号）。A圆底烧瓶 B温度计 C吸滤瓶 D球形冷凝管 E接收器（7）本实验所得到的环己烯产率是_（填正确答案标号）。A41% B50% C61% D70%27、（12分）实验室用电石制取乙炔的装置如下图所示，请填空：（1）写出仪器的名称：是_，是_；（2）制取乙炔的化学方程式是_；（3）仪器中加入的是_，其目的是_；（4）将乙炔通入KMnO4酸

16、性溶液中观察到的现象是_，乙炔发生了_反应(填“加成”或“取代”或“氧化”，下同)；（5）为了安全，点燃乙炔前应_，乙炔燃烧时的实验现象是_。28、（14分）苏丹红一号（sudan ）是一种偶氮染料，不能作为食品添加剂使用。它是由苯胺和2萘酚为主要原料制备的，它们的结构简式如下所示： （苏丹红一号） （苯胺） （2-萘酚）（提示：可表示为）（1）苏丹红一号的化学式（分子式）为_。（2）在下面化合物(A)(D)中，与2萘酚互为同分异构体的有（填字母代号）_。 （A） （B） （C） （D）（3）上述化合物（C）含有的官能团是_。（4）在适当的条件下，2萘酚经反应可得到芳香化合物E(C8H6O4)

17、，1molE与适量的碳酸氢钠溶液反应可放出二氧化碳44.8L(标准状况)，E与溴在有催化剂存在时反应只能生成两种一溴代物，两种一溴代物的结构简式分别是_，E与碳酸氢钠反应的化学方程式是_。（5）若将E与足量乙醇在浓硫酸作用下加热，可以生成一个化学式（分子式）为C12H14O4的新化合物，该反应的化学方程式是_，反应类型是_。29、（10分）人们对苯及芳香烃的认识有一个不断深化的过程。（1）由于苯的含碳量与乙炔相同，人们认为它是一种不饱和烃，写出分子式为C6H6的一种含2个三键且无支链的不饱和链烃的结构简式：_。（2）已知分子式为C6H6的结构有多种，其中的两种结构简式为（I） （II）这两种结

18、构的区别表现在：定性方面(即化学性质方面)：能_(填标号，多选不给分)，而不能。a.被酸性高锰酸钾溶液氧化 b.与溴水发生加成反应c.与溴发生取代反应 d.与氢气发生加成反应定量方面(即消耗反应物的量的方面)：1molC6H6与H2加成时：需_mol，而需_mol。今发现C6H6还可能有另一种立体结构(如图所示)。该结构的一氯代物有_种。二氯代物有_种。（3）萘也是一种芳香烃，它的分了式是C10H8，请你判断，它的结构简式可能是下列中的_(填标号)。a. b. c. d. （4）根据第（3）小题中你判断得到的萘结构简式，它不能解释萘的下列_事实(填标号)。a.萘不能使溴水褪色 b.萘能与H2发

19、生加成反应c.萘分子中所有原子在同一平面上 d.一溴代萘(C10H7Br)只有两种（5）现代化学认为萘分子中碳碳之间的键是一种_。参考答案一、选择题(共包括22个小题。每小题均只有一个符合题意的选项）1、C【解析】四氯化碳的化学式为CCl4，其官能团为Cl，据此分析；【详解】四氯化碳的化学式为CCl4，含有碳元素和氯元素，其官能团为Cl，属于卤代烃，故C正确；答案选C。2、D【解析】分析：有机物燃烧前后体积不变，可设有机物的平均式为CxHy，根据燃烧的方程式计算分子组成特点，进而进行推断详解：设有机物的平均式为CxHy，则有：CxHy+（xy/4）O2xCO2y/2H2O，有机物燃烧前后体积不

20、变，则1+xy/4=xy/2，y=4，即混合气中平均含有H原子数为4，A. C2H1、C2H2 H原子数分别为2、1，只有1：1混合才能使平均值为4，不符合以任意比例混合的要求，故A错误；B、C3H8、C2H2H原子数分别为8、2，只有1：2混合才能使平均值为4，不符合以任意比例混合的要求，故B错误；C、C4H10、C2H4中H原子数分别为4、1平均值不可能为4，故C错误；D. C3H4、C2H4中H原子数都为4，平均值为4，符合题意，故A正确；故选D。点睛：本题考查有机物的确定，解题关键：注意根据有机物燃烧的方程式，用平均值法计算3、D【解析】电解法精炼粗铜时，阴极(纯铜)的电极反应式：Cu

21、2+2e=Cu(还原反应)，含有其他活泼金属原子放电，阳极(粗铜)的电极反应式：Cu-2e=Cu2+(氧化反应)，相对不活泼的金属以单质的形式沉积在电解槽底部，形成阳极泥，据此分析解答。【详解】A电解法精炼粗铜时，需要用纯铜阴极，粗铜作阳极，故A错误；B电解法精炼粗铜时，需要用含铜离子的盐溶液作电解质溶液，因此不能使用AgNO3溶液做电解质溶液，故B错误；C电解池中，阴极发生还原反应，阴极的电极反应式为：Cu2+2e=Cu，故C错误；D粗铜中含有少量铁、锌、镍、银、金等杂质做阳极，银、金不失电子，沉降电解池底部形成阳极泥，所以可用阳极泥来提炼金、银等贵金属，故D正确；答案选D。4、B【解析】试

22、题分析：AH2SiO3酸性比碳酸弱，通入过量CO2，SiO32-不能大量共存，故A错误；B通入过量CO2，四种离子在弱酸性条件下不发生任何反应，可大量共存，故B正确；COH-与CO2反应而不能大量共存，故C错误；D氢氧化铝酸性比碳酸弱，通入过量CO2，AlO2不能大量共存，故D错误；故选B。考点：考查了离子共存的相关知识。5、B【解析】AB的反应，反应物总能量小于生成物总能量，反应吸热；BC的反应，反应物的总能量大于生成物总能量，反应为放热反应，结合能量与焓变、物质的稳定性的关系可得结论。【详解】AAB的反应为吸热反应，BC的反应为放热反应，故A错误；B物质的总能量越低，越稳定，所以三种化合物

23、的稳定性顺序：BAC，故B正确；C加入催化剂，只改变反应的活化能，不改变反应热，只提高反应速率，不改变平衡移动，因此不能提高转化率，故C错误；D整个反应的热效应只与始态和终态有关，则H=(E1-E2)-(E4-E3)=E1+E3-E2-E4，故D错误；答案选B。6、D【解析】A. 乙烷制取氯乙烷是与氯气发生取代反应，乙烯则是与氯化氢发生加成反应，二者反应类型不同，故A错误；B. 1mol乙炔完全燃烧消耗2.5mol氧气，1mol苯完全燃烧消耗7.5mol氧气，消耗氧气的物质的量不同，故B错误；C. 乙烯被高锰酸钾溶液氧化会产生二氧化碳气体，会作为新的杂质混在甲烷气体中，故不能用高锰酸钾除去甲烷

24、中的乙烯，故C错误；D. 甲苯和乙苯均为苯的同系物，D正确；故答案选D。7、C【解析】分析：A油中含碳碳双键；B有新物质生成的变化是化学变化；C油脂的相对分子质量在10000以下；D根据乙烯、乙酸、乙醇的性质和用途判断。详解：A植物油中含碳碳双键，则能使溴的四氯化碳溶液褪色，发生加成反应，A正确；B石油裂化中大分子转化为小分子、煤液化是把固体煤炭通过化学加工过程，使其转化成为液体燃料、油脂皂化是油脂在碱性条件下的水解反应，均有新物质生成，均为化学变化，B正确；C油脂的相对分子质量在10000以下，不是高分子化合物，而蛋白质、核酸、淀粉都是高分子化合物，C错误；D乙烯具有催熟作用，常用作水果催熟

25、剂，乙酸常用作调味剂，乙醇能使蛋白质发生变性，乙醇常用于杀菌消毒，D正确；答案选C。点睛：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意性质与用途的关系，题目难度不大。8、D【解析】A、Al3和HCO3发生双水解反应，不能大量共存，故A不符合题意；B、Fe2显浅绿色，不符合无色溶液，故B不符合题意；C、MnO4具有强氧化性，能将C2O42氧化，这些离子在指定溶液中不能大量共存，故C不符合题意；D、=1012的溶液显酸性，这些离子在酸性溶液中能大量共存，故D符合题意；答案选D。9、C【解析】要使指示剂显蓝色，则平衡必须向正反应方向移动。

26、氨水能中和氢离子，降低氢离子的浓度，平衡向正反应方向移动，答案选C。10、A【解析】分析：由结构简式可以知道分子式，含酯基、醚键及过氧键，结合酯、过氧化物的性质来解答。详解:A. 由结构简式知道，青蒿素的分子式为C15H22O5，故A错误；B.含有酯基，难溶于水，可溶于氢氧化钠溶液，所以B选项是正确的；C. 该分子中具有甲烷结构的C原子，根据甲烷结构知该分子中所有C原子不共面，所以C选项是正确的；D.含有过氧键，具有强氧化性，可用于杀菌消毒，所以D选项是正确的。所以本题答案选A。点睛：本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重考查基本概物质结构等知识点，由结构简式判断元素种类和原子个数，可确

27、定分子式；有机物含有酯基能发生水解反应，含有过氧键，具有强氧化性，解题关键是根据结构预测性质。11、D【解析】A三价铁离子在水溶液中部分水解，所以100mL1molL-1FeCl3溶液中所含Fe3+的数目小于0.1NA，故A错误；B常温常压下，气体摩尔体积不是22.4L/mol，因此11.2L甲烷和乙烯混合物的物质的量不是0.5mol，其中含氢原子数目不是2NA，故B错误；C二氧化硫与氧气反应生成三氧化硫的反应为可逆反应，不能进行到底，所以密闭容器中，2molSO2和1molO2催化反应后分子总数大于2NA小于3NA，故C错误；D124gP4的物质的量为=1mol，根据P4的结构式，1molP

28、4含有6molP-P键，即含有P-P键数目为6NA，故D正确；答案选D。12、A【解析】玻尔首次将量子化概念应用到原子结构，并解释了原子稳定性量子化的概念，玻尔提出了能级的概念，解释了氢原子的光谱。【详解】A.玻尔首次将量子化概念应用到原子结构，并解释了原子稳定性，故A正确；B.爱因斯坦创立了代表现代科学的相对论，故B错误；C.门捷列夫提出元素周期律，故C错误；D.鲍林根据光谱实验的结果，总结出多电子原子中电子填充各原子轨道能级顺序，提出了多电子原子中原子轨道的近似能级图；答案选A。13、D【解析】A.TNT的分子式为C7H5O6N3，TNT在爆炸时，不仅碳的化合价升高，还有氮的化合价由+3价

29、降低至0价，所以TNT在反应中既是氧化剂，也是还原剂，A项错误；B.TNT中H的化合价为+1价，O的化合价为-2价，C的平均化合价为-价，TNT中氮元素应显+3价，B项错误；C.据氮原子守恒和TNT每分子中含有3个氮原子可知，TNT前的计量数为4，C项错误；D.反应中只有碳的化合价升高，每个碳原子升高的价态为（+4）-（-）=，所以1molTNT发生反应时转移的电子数为76.021023=306.021023，D项正确；所以答案选择D项。14、A【解析】A白磷晶体为分子晶体，分子之间通过范德华力结合，A错误；B在NaCl晶体中，与Na(或Cl)距离最近且相等的Cl(或6个Na)有6个，B正确；

30、C金刚石的网状结构中，最小环上有6个碳原子，且碳原子间都以共价单键相连，C正确；D离子晶体在熔化时，离子键被破坏；而分子晶体熔化时，分子不改变，改变的是分子间的距离，所以化学键不被破坏，D正确；故选A。15、C【解析】由图可知最终沉淀0.05mol为BaSO4，则固体混合物中nBa(OH)2为0.05mol，根据图象知，未加H2SO4前A点的沉淀为0.02mol，小于0.05mol，说明FeSO4完全反应，Ba2+有剩余，由AB一定发生反应Ba2+SO42-=BaSO4，加入20mL H2SO4，n(H2SO4)为0.02mol，由图可知沉淀量增加0.04mol-0.02mol=0.02mol

31、，沉淀增加的物质的量等于加入的硫酸的物质的量，故不可能发生反应AlO2- +H+H2O=Al(OH)3，该反应硫酸的物质的量与沉淀的物质的量之比为1：2，也不会发生其它沉淀的溶解反应，否则沉淀量增加不可能为0.02mol，说明加入的20mL硫酸只与氢氧化钡反应；故未加H2SO4前A点的溶液中Ba(OH)2有剩余，剩余三种固体组成的混合物溶于足量的水中，用玻璃棒搅拌，充分溶解，一段时间发生反应：FeSO4+Ba(OH)2=BaSO4+Fe(OH)2，4Fe(OH)2+2H2O+O2=4Fe(OH)3，Al3+4OH-=AlO2-+2H2O；故A点沉淀为Fe(OH)3、BaSO4，由方程式可知nF

32、e(OH)3=n(BaSO4)=0.01mol，此时Al3+变为AlO2-，可知n(FeSO4)=0.01mol；BC，加入5mL硫酸，硫酸的物质的量为0.005mol，由图可知沉淀量增加0.055mol-0.04mol=0.015mol，沉淀增加的物质的量等于加入的硫酸的物质的量的3倍，故发生反应Ba2+SO42-=BaSO4，AlO2-+H+H2O=Al(OH)3，由方程式可知，该阶段生成BaSO4为0.005mol，生成Al(OH)3为0.01mol，故C的沉淀为Fe(OH)3、BaSO4、Al(OH)3；CD，加入15mL硫酸，硫酸的物质的量为0.015mol，由图可知沉淀量增加0.0

33、6mol-0.055mol=0.005mol，沉淀增加的物质的量等于加入的硫酸的物质的量的倍，沉淀量达最大值，不可能单独发生Ba2+SO42-=BaSO4（沉淀增加的物质的量等于加入的硫酸的物质的量）或AlO2-+H+H2O=Al(OH)3（沉淀的物质的量是硫酸的2倍）或二者都发生；故该阶段发生反应Ba2+SO42-=BaSO4（生产BaSO4多）、Al(OH)3+3H+=Al3+3H2O、Fe(OH)3+3H+=Fe3+3H2O（沉淀溶解少），说明C点AlO2-完全反应，D点的溶液含有Al3+、Fe3+、Ba2+沉淀完全，溶液为Al2(SO4)3、Fe2(SO4)3；DE发生反应Al(OH)

34、3+3H+=Al3+3H2O、Fe(OH)3+3H+=Fe3+3H2O，E点完全溶解，溶液为Al2(SO4)3、Fe2(SO4)3，由CE共消耗30mL H2SO4，而0.01mol Fe(OH)3消耗15mL H2SO4，可知Al(OH)3消耗15mL H2SO4，判定nAl(OH)3=nFe(OH)3=0.01mol，可知原混合固体中n(AlCl3)=0.01mol，据此分析作答。【详解】A. 由上述分析可知，硫酸只与氢氧化钡反应，反应离子方程式为Ba2+SO42-+2H+2OH-=BaSO4+2H2O，A项正确；B. 由上述分析可知，D点的溶液含有Al3+、Fe3+，溶液为Al2(SO4

35、)3、Fe2(SO4)3，Al3+、Fe3+水解，溶液呈酸性，B项正确；C. 由上述分析可知，C的沉淀为Fe(OH)3、BaSO4、Al(OH)3，C项错误；D. 由上述分析可知，原混合固体中n(FeSO4)=0.01mol，n(AlCl3)=0.01mol，两者物质的量相等，D项正确；答案选C。16、A【解析】AMgO能和酸反应生成氯化镁和水，属于碱性氧化物，故A符合题意；BH2SO4电离出的阳离子全部是氢离子，属于酸，故B不符合题意；CCO2能与碱反应生成碳酸钠和水，属于酸性氧化物，故C不符合题意；DNaOH电离出的阴离子全部是氢氧离子，属于碱，故D不符合题意；故答案：A。17、A【解析】

36、本题考查有机化学方程式的书写。分析：A二者发生取代反应生成1-溴丙烷和水；B硬脂酸与乙醇发生酯化反应时，羧酸去掉羧基上羟基，醇去掉羟基上氢原子；CCH2BrCOOH中的溴原子和羧基均能与氢氧化钠溶液反应；D丙氨酸钠中COO和氨基均与盐酸反应。详解：1-丙醇与浓氢溴酸发生取代反应，反应的化学方程式为：CH3CH2CH2OH+HBr CH3CH2CH2Br+H2O，A正确；C17H35COOH 与 C2H518OH在浓硫酸作用下，共热发生酯化反应生成C17H35CO18O C2H5，反应的化学方程式为：C17H35COOH + C2H518OH C17H35CO18OC2H5 + H2O，B错误；

37、向CH2BrCOOH中加入足量的氢氧化钠溶液并加热，羧基和氢氧化钠发生中和反应，溴原子在碱中发生水解反应，反应的化学方程式为：CH2BrCOOH +2 OH CH2（OH）COO + H2O，C错误；向丙氨酸钠中加入足量盐酸，COO和盐酸反应生成COOH，氨基与盐酸反应生成NH3+，反应的化学方程式为：，D错误。故选A。点睛：试题侧重考查有机物的结构与性质，明确常见有机物含有官能团与具有性质之间的关系为解答关键。18、D【解析】利用氧化还原反应中的强弱规律进行分析；【详解】氧化还原反应中氧化剂的氧化性大于氧化产物的氧化性，ClO3为氧化剂，Cl2为氧化产物，即氧化性：ClO3Cl2；氧化性：F

38、eCl3I2；氧化性：Cl2FeCl3；综上所述，氧化性强弱顺序是ClO3Cl2FeCl3I2，故D正确；答案选D。19、C【解析】化学变化是指有新物质生成的变化，物理变化是指没有新物质生成的变化，化学变化和物理变化的本质区别是否有新物质生成。【详解】A项、光照条件下CH4和Cl2混合气体发生取代反应，属于化学变化，故A错误；B项、浓硫酸使蔗糖变黑是因为浓硫酸具有脱水性，使蔗糖脱水炭化，属于化学变化，故B错误；C项、溴水中加苯振荡使水层褪色，是因为溴单质在苯中的溶解度大于水中，溴水中加入苯后发生萃取褪色，属于物理变化，故C正确；D项、通电使CuCl2溶液颜色变浅，是因为铜离子在阴极上放电生成铜

39、，导致溶液中铜离子浓度减小，属于化学变化，故D错误。故选C。【点睛】物理变化只是在形态、性质等改变，而化学变化则有新的物质生成，化学变化过程中总伴随着物理变化，如化学变化过程中通常有发光、放热、也有吸热现象等。化学变化里一定包含物理变化，物理变化里一定没有化学变化。20、A【解析】醛基能发生银镜反应。【详解】假设是除甲醛外的一元醛，则醛与银的物质的量之比为1：2，银为0.6 mol，醛为0.3mol，醛的摩尔质量为4.5 g 0.3 mol =15 g/mol，最小的甲醛的相对分子质量为30，前面的假设不成立。根据选项，由于甲醛相当于有两个醛基，即甲醛被氧化为甲酸，甲酸可以继续被氧化为碳酸，则

40、甲醛与银的物质的量之比为1：4，0.6 mol银推出0.15 mol甲醛，m（甲醛）=0.15 mol30g/mol=4.5g，故A正确；答案选A。【点睛】注意醛基和银的物质的量之比为1：2，甲醛相当于有两个醛基，1molHCHO完全反应生成4molAg！21、B【解析】根据价层电子对互斥理论可知，氨气中氮原子含有1对孤对电子，而甲烷中碳原子没有孤对电子，B正确。氮原子和碳原子都是sp3杂化，答案选B。22、C【解析】A、蛋白质是构成人体细胞的基本物质，是人体必需的营养物质，故A正确；B、维生素C又名抗坏血酸，对防治坏血病有很大的帮助，水果蔬菜中富含维C，故B正确；C、阿司匹林是一种历史悠久的

41、解热镇痛药，长期大量服用会有水杨酸反应，应停药并静脉注射NaHCO3溶液，故C不正确；D、葡萄糖是一种单糖，主要作用是为生物提供能量，故D正确。故选C。二、非选择题(共84分)23、苯甲醛取代反应、【解析】结合A生成B的步骤与已知信息可知A为苯甲醛，B为，根据反应条件Cu(OH)2和加热可知C为，C经过Br2的CCl4溶液加成生成D，D生成E的过程应为卤族原子在强碱和醇溶液的条件下发生消去反应，则E为，E经过酯化反应生成F，F中的碳碳三键与G中的碳碳双键加成生成H，结合条件可知G为。【详解】（1）根据分析可知A的化学名称为苯甲醛。答案：苯甲醛。（2）根据分析可知E生成F为醇和羧酸的酯化反应，属

42、于取代反应。答案：取代反应。（3）由分析可知E的结构简式为。答案：。（4）G为甲苯的同分异构体，则G的分子式为C7H8，G的结构简式为，所以F生成H的化学方程式为：。答案：。（5）芳香化合物X是F的同分异构体，则X的分子式为C11H10O2，X能与饱和碳酸氢钠溶液反应放出CO2，说明X中含有羧基，核磁共振氢谱显示有4种不同化学环境的氢，峰面积比为6211，所以X的结构简式有、共4种可能性，任意写两种即可。24、BD 取代反应 、 【解析】纵观整个过程，由A的分子式、F的结构简式，可知A为；A与氯气在光照条件下发生甲基上的一氯取代生成B，B为；B发生取代反应生成C，C为，C与氢气发生还原反应生成

43、D，根据D分子式可知D为；D发生信息ii的反应生成E，E发生取代反应生成F，根据F结构简式知，C2H2Cl2O为，E为，C2H7NO为H2NCH2CH2OH；对比F、G结构简式，F发生信息ii中反应生成G，故试剂a为，据此分析解答。【详解】(1)AC为，1molC最多消耗5molH2，故A错误；BF中含有肽键，能与双缩脲反应呈现紫色，而H不能，故B正确；C化合物E中氯原子连接的碳原子相邻的碳原子上没有H原子，不能发生消去反应，而F中羟基可以发生消去反应，故C错误；D根据H的结构简式，化合物H的分子式为C19H24N2O2，故D正确；故答案为：BD；(2)根据上述分析，试剂a的结构简式为：，EF

44、的反应为取代反应，故答案为：；取代反应；(3)DE的化学方程式是：，故答案为：；(4)同时符合下列条件的C()的同分异构体：分子中有苯环而且是苯环的邻位二取代物；1H-NMR谱表明分子中有6种氢原子；IR谱显示存在碳氮双键(C=N)，可能的结构简式有：、，故答案为：、； (5)中GH三步反应依次为氧化、加成、取代反应，G先发生催化氧化生成，然后加成反应，最后发生取代反应生成H，合成路线流程图为：，故答案为：。【点睛】根据F的结构采用正推和逆推的方法推导是解答本题的关键。本题的难点为(5)中合成路线的设计，要注意利用题中提供的反应类型的提示，易错点为(4)中同分异构体的书写。25、蓝色悬浊液最终

45、变为红色沉淀 CH3CHO + 2Cu(OH)2 + NaOH CH3COONa + Cu2O+ 3H2O 相同条件下，乙醛的缩合反应快于氧化反应；多个乙醛缩合，使醛基物质的量减少 适当增大NaOH浓度有利于生成Cu2O 氢氧化钠溶液浓度对该反应的影响程度更大 【解析】（1）新制氢氧化铜为蓝色悬浊液，氧化乙醛后铜元素化合价从+2价降低到+1价会变成砖红色沉淀Cu2O，据此证明乙醛被氧化；乙醛在碱性条件下加热，被新制的Cu(OH)2氧化生成乙酸钠、氧化亚铜和水；对照实验，实验的现象说明乙醛发生了缩合反应，据此分析作答；（2）对照实验和实验，分析氢氧化钠浓度对反应的影响；（3）实验砖红色现象明显，

46、根据变量法分析作答。【详解】（1）若乙醛被新制的Cu(OH)2氧化，则实验中颜色会发生明显变化，即蓝色悬浊液最终会变为红色沉淀，据此可证明乙醛被新制的Cu(OH)2氧化，故答案为蓝色悬浊液最终变为红色沉淀；乙醛与新制的Cu(OH)2发生反应的化学方程式为CH3CHO + 2Cu(OH)2 + NaOHCH3COONa + Cu2O+ 3H2O，故答案为CH3CHO + 2Cu(OH)2 + NaOHCH3COONa + Cu2O+ 3H2O；实验中上层清液出现棕黄色油状液体，底部有少量红色沉淀，其可能的原因是相同条件下，乙醛的缩合反应快于氧化反应；多个乙醛缩合，使醛基物质的量减少，故答案为相同

47、条件下，乙醛的缩合反应快于氧化反应；多个乙醛缩合，使醛基物质的量减少；（2）通过实验和实验的现象可以看出，乙醛溶液浓度一定时，适当增大NaOH浓度有利于生成Cu2O，故答案为适当增大NaOH浓度有利于生成Cu2O；（3）通过对比实验和实验，实验中氢氧化钠的浓度较大，乙醛的浓度较小，通过现象可以得出结论，氢氧化钠溶液浓度对该反应的影响程度更大，故答案为氢氧化钠溶液浓度对该反应的影响程度更大。26、直形冷凝管防止暴沸B检漏上口倒出干燥（或除水除醇）CDC【解析】（1）直形冷凝管主要是蒸出产物时使用（包括蒸馏和分馏），当蒸馏物沸点超过140度时，一般使用空气冷凝管，以免直形冷凝管通水冷却导致玻璃温差

48、大而炸裂；（2）加入碎瓷片的作用是防止暴沸；如果加热一段时间后发现忘记加瓷片，应该冷却后补加；（3）2个环己醇在浓硫酸作用下发生分子间脱水，生成；（4）分液漏斗在使用前须清洗干净并检漏；在本实验分离过程中，产物的密度较小，应该从分液漏斗的上口倒出；（5）无水氯化钙具有吸湿作用，吸湿力特强，分离提纯过程中加入无水氯化钙的目的是干燥；（6）在环己烯粗产物蒸馏过程中，要用到的仪器有圆底烧瓶、温度计、接收器；（7）加入20g环己醇的物质的量为0.2mol，则生成的环己烯的物质的量为0.2mol，环己烯的质量为16.4g，实际产量为10g，通过计算可得环己烯产率是61%。27、分液漏斗 圆底烧瓶 CaC2+H2OCHCH+Ca(OH)2 饱和食盐水 减慢反应速率 紫色褪去 氧化反