2022 全国乙卷（含答案）（参考版）数学

1、2022年普通高等学校招生全国统一考试 全国乙卷文科数学注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号框涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号框。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.集合，则( )A.B.C.D.2.设，其中a，b为实数，则( )A.，B.，C.，D.，3.已知向量，则( )A.2B.3C.4D.54.分别统

2、计了甲、乙两位同学16周的各周课外体育运动时长（单位：h），得如下茎叶图：则下列结论中错误的是( )A.甲同学周课外体育运动时长的样本中位数为7.4B.乙同学周课外体育运动时长的样本平均数大于8C.甲同学周课外体育运动时长大于8的概率的估计值大于0.4D.乙同学周课外体育运动时长大于8的概率的估计值大于0.65.若x，y满足约束条件则的最大值是( )A.-2B.4C.8D.126.设F为抛物线的焦点，点A在C上，点，若，则( )A.2B.C.3D.7.执行下边的程序框图，输出的( )A.3B.4C.5D.68.下图是下列四个函数中的某个函数在区间的大致图像，则该函数是( )A.B.C.D.9.

3、在正方体中，E，F分别为AB，BC的中点，则( )A.平面平面B.平面平面C.平面平面D.平面平面10.已知等比数列的前3项和为168，则( )A.14B.12C.6D.311.函数在区间的最小值、最大值分别为( )A.，B.，C.，D.，12.已知球O的半径为1，四棱锥的顶点为O，底面的四个顶点均在球O的球面上，则当该四棱锥的体积最大时，其高为( )A.B.C.D.二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.13.记为等差数列的前n项和.若，则公差_.14.从甲、乙等5名同学中随机选3名参加社区服务工作，则甲、乙都入选的概率为_.15.过四点，中的三点的一个圆的方程为_.16.若是奇函数

4、，则_，_.三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第1721题为必考题，每个试题考生都必须作答。第22、23题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共60分。17.（12分）记的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知.（1）若，求C；（2）证明：.18. （12分）如图，四面体ABCD中，E为AC的中点.（1）证明：平面平面ACD；（2）设，点F在BD上，当的面积最小时，求三棱锥的体积.19. （12分）某地经过多年的环境治理，已将荒山改造成了绿水青山.为估计一林区某种树木的总材积量，随机选取了10棵这种树木，测量每棵树的根部横截面积（单位：）和材积量（单位：）

5、，得到如下数据：样本号i12345678910总和根部横截面积0.040.060.040.080.080.050.050.070.070.060.6材积量0.250.400.220.540.510.340.360.460.420.403.9并计算得，.（1）估计该林区这种树木平均一棵的根部横截面积与平均一棵的材积量；（2）求该林区这种树木的根部横截面积与材积量的样本相关系数（精确到0.01）；（3）现测量了该林区所有这种树木的根部横截面积，并得到所有这种树木的根部横截面积总和为.已知树木的材积量与其根部横截面积近似成正比.利用以上数据给出该林区这种树木的总材积量的估计值.附：相关系数，.20.

6、 （12分）已知函数.（1）当时，求的最大值；（2）若恰有一个零点，求a的取值范围.21. （12分）已知椭圆E的中心为坐标原点，对称轴为x轴、y轴，且过，两点.（1）求E的方程；（2）设过点的直线交E于M，N两点，过M且平行于x轴的直线与线段AB交于点T，点H满足，证明：直线HN过定点.（二）选考题：共10分。请考生在第22、23题中选定一题作答，并用2B铅笔在答题卡上将所选题目对应的题号方框涂黑。按所涂题号进行评分，不涂、多涂均按所答第一题评分；多答按所答第一题评分。22.选修4-4：坐标系与参数方程（10分）在直角坐标系xOy中，曲线C的参数方程为（t为参数）.以坐标原点为极点，x轴正半

7、轴为极轴建立极坐标系.已知直线l的极坐标方程为.（1）写出l的直角坐标方程；（2）若l与C有公共点，求m的取值范围.23.选修4-5：不等式选讲（10分）已知a，b，c都是正数，且，证明：（1）；（2）.参考答案1.答案：A2.答案：A3.答案：D4.答案：C5.答案：C6.答案：B解析：易知抛物线的焦点为，于是有，故，注意到抛物线通径，通径为抛物线最短的焦点弦，分析知AF必为半焦点弦，于是有轴，于是有.7.答案：B解析：第一次循环：，第二次循环：，第三次循环：，故输出，故选B.8.答案：A9.答案：A解析：对于A选项：在正方体中，因为EF分别为AB，BC的中点，易知，从而平面，又因为平面，所

8、以平面平面，所以A选项正确；对于B选项：因为平面平面，由上述过程易知平面平面不成立；对于C选项：由题意知直线与直线必相交，故平面平面有公共点，从而C选项错误；对于D选项：连接AC，易知平面平面，又因为平面与平面有公共点，故平面与平面不平行，所以D选项错误.10.答案：D解析：设等比数列首项，公比q.由题意，即，即解得，所以.故选D.11.答案：D12.答案：C解析：考虑与四棱锥的底面形状尤关，不是一般性，假设底面是边长为a的正方形，底面所在圆面的半径为r，则所以该四棱锥的高，所以体积当且仅当，即时，等号成立所以该四棱锥的高故选C13.答案：214.答案：解析：设“甲、乙都入选”为事件A，则.1

9、5.答案：或或或解析：设点，圆过其中三点共有四种情况，解决办法是两条中垂线的交点为圆心，圆心到任一点的离为半径.（1）若圆过A、B、C三点，则圆心在直线，设圆心坐标为，则，所以圆的方程为（2）若圆过A、B、D三点，同（1）设圆心坐标为，则，所以圆的方程为（3）若圆过A、C、D三点，则线段AC的中垂线方程为，线段AD的中垂线方程为，联立得，所以圆的方程为（4）若圆过B、C、D三点，则线段BD的中垂线方程为，线段BC中垂线方程为，联立得，所以圆的方程为16.答案：；17.答案：（1）（2）证明见解析解析：（1）由，可得，而，所以，即有，而，显然，所以，而，所以.（2）由可得，再由正弦定理可得，然后

10、根据余弦定理可知，化简得：，故原等式成立.18.答案：（1）证明详见解析（2）解析：（1）由于，E是AC的中点，所以.由于，所以，所以，故，由于，DE，平面BED，所以平面BED，由于平面ACD，所以平面平面ACD.（2）依题意，三角形ABC是等边三角形，所以，由于，所以三角形ACD是等腰直角三角形，所以.，所以，由于，AC，平面ABC，所以平面ABC.由于，所以，由于，所以，所以，所以，由于，所以当EF最短时，三角形AFC的面积最小值.过E作，垂足为F，在中，解得，所以，所以.过F作，垂足为H，则，所以平面ABC，且，所以，所以.19.答案：（1）0.06，0.39（2）0.97（3）120

11、9解析：（1）设这种树木平均一课的根部横截面积为，平均一个的材积量为，则，.（2）（3）设从根部面积总和为X，总材积量为Y，则，故.20.答案：（1）-1（2）解析：（1）当时，则，当时，单调递增；当时，单调递减；所以.（2），则，当时，所以当时，单调递增；当时，单调递减；所以，此时函数无零点，不合题意；当时，在，上，单调递增；在上，单调递减；又，当x趋近正无穷大时，趋近于正无穷大，所以仅在有唯一零点，符合题意；当时，所以单调递增，又，所以有唯一零点，符合题意；当时，在，上，单调递增；在上，单调递减；此时，又，当n趋近正无穷大时，趋近负无穷，所以在有一个零点，在无零点，所以有唯一零点，符合题意；综上，a的取值范围为.21.答案：（1）；（2）直线HN过定点解析：（1）设E的方程为，将，两点代入得，解得，故E的方程为.（2）由，可得直线AB：若过的直线的斜率不存在，直线为.代入，可得，将代入AB：，可得，由得.易求得此时直线HN：.过点.若过的直线的斜率存在，设，.联立，得故有，且（*）联立，可得，可求得此