2022-2023学年山西省忻州市原平大林乡中学高三物理月考试题含解析

1、2022-2023学年山西省忻州市原平大林乡中学高三物理月考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）已知地球的半径为R，地球的自转周期为T，地表的重力加速度为g，要在地球赤道上发射一颗近地的人造地球卫星，使其轨道在赤道的正上方，若不计空气的阻力，那么（）A向东发射与向西发射耗能相同，均为mgRm（）2B向东发射耗能为m（）2，比向西发射耗能多C向东发射与向西发射耗能相同，均为m（）2D向西发射耗能为m（+）2，比向东发射耗能多参考答案：考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：地球上的物体随

2、地球一起绕地轴自转，故发射速度与自转方向相同时可以充分利用地球自转的线速度，故发射方向与地球自方向相同时消耗能量少，相反是消耗能量多解答：解：A、地球自转方向自西向东，故向东发射卫星可以充分利用地球自转的线速度而消耗较少能量，故A错误；B、地球自西向东自转，故向东发射卫星消耗能量较少，故B错误；C、地球自转方向自西向东，故向东发射卫星可以充分利用地球自转的线速度而消耗较少能量，故C错误；D、在赤道表面地球自转的线速度为，由于地球自西向东自转，故在地球上向西发射卫星时的发射速度为第一宇宙速度与地球自转线速度之和，故根据动能定理知其发射耗能为，故D正确故选：D点评：第一宇宙速度在不考虑地球自转时卫

3、星的最小发射速度，考虑自转时要注意到地球自转的方向是关键，向东发射充分利用自转的线速度2. （多选题）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数之比为44：5，b是原线圈的抽头，且其恰好位于原线圈的中心，S为单刀双掷开关，负载电阻R=25，电表均为理想电表，在原线圈c、d两端接入如图乙所示的正弦交流电，下列说法中正确的是（）A当S与a连接，t=1102s时，电流表的示数为0B当S与a连接，t=1.5102s时，电压表示数为50VC将S由a拨到b时，电阻R消耗的功率为100WD将S由b拨到a时，1s内电阻R上电流方向改变100次参考答案：CD【分析】根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再

4、根据电压与匝数成正比即可求得结论【解答】解：由图象可知，电压的最大值为V，交流电的周期为2102s，所以交流电的频率为f=50Hz，A、交流电的有效值为220V，根据电压与匝数程正比可知，副线圈的电压为25V，根据欧姆定律知I=，根据电流与匝数成反比知原线圈电流为I1=，故A错误B、当单刀双掷开关与a连接时，副线圈电压为25V，电压表示数为有效值为25v，不随时间的变化而变化，故B错误；C、S与b连接时，副线圈两端的电压，电阻R消耗的功率为=100W，则C正确D、变压器不会改变电流的频率，所以副线圈输出电压的频率为50Hz，1s电流方向改变100次，所以D正确故选：CD【点评】掌握住理想变压器

5、的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题3. （多选）某物体运动的速度图像如图，根据图像可知( )A.0-2s内的加速度为1m/s2B.0-5s内的位移为10mC.第1s末与第3s末的速度方向相同 D.第1s末与第5s末加速度方向相同 参考答案：AC4. （04年全国卷）分子间有相互作用势能，规定两分子相距无穷远时两分子间的势能为零。设分子a固定不动，分子b以某一初速度从无穷远处向a运动，直至它们之间的距离最小。在此过程中，a、b之间的势能（ ） A先减小，后增大，最后小于零 B先减小，后增大，最后大于零 C先增大，后减小，最后小于零 D先增大，后减小，最后大于零参考答案：

6、答案：B5. （单选）如图所示电路中，电源电动势、内阻一定，R1、R2为定值电阻，当滑动变阻器R3的滑片P向上端a滑动时，电流表A1、A2及电压表V的示数的变化情况是（）AA1示数增大，A2示数减小，V示数减小BA1示数减小，A2示数增大，V示数减小CA1示数增大，A2示数增大，V示数增大DA1示数减小，A2示数减小，V示数增大参考答案：考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：当滑动变阻器R3的滑片P向上端a滑动时，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化，由欧姆定律确定电压表V读数的变化和电流A1的变化解答：解：当滑动变阻器R3的滑片P向上端a滑动时

7、，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知：干路电流I增大，A2增大电压表V读数U=EI（R2+r），I增大，U减小，则电流表A1减小故选：B点评：本题是电路中典型的问题：动态变化问题，往往牵一发而动全身，按照“部分整体部分”的思路进行分析二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 飞镖是一种喜闻乐见的体育活动。飞镖靶上共标有10环，其中第10环的半径为1cm，第9环的半径为2cm以此类推，靶的半径为10cm。记成绩的方法是：当飞镖击中第n环与第n+1环之间区域则记为n环。某人站在离靶5m的位置，将飞镖对准靶心以水平速度v投出，当v_m/s（小数点后保留2位）时

8、，飞镖将不能击中靶，即脱靶；当v=60m/s时，成绩应为_环。（不计空气阻力，g取10m/s2）参考答案：35.36，77. 质量为20 kg的物体，从离地面l6 m高处，由静止开始匀加速下落，经2 s落地，则物体下落的加速度的大小是 m/s2，下落过程中物体所受阻力的大小是 N(g取l0m/s2)参考答案：8；4 物体下落做匀加速直线运动，根据位移时间关系得：x=at2，a= m/s2=8m/s2，根据牛顿第二定律得：a=，解得：f=4N。8. 某种紫外线波长为300nm，该紫外线光子的能量为6.631019J金属镁的逸出功为5.91019J，则让该紫外线照射金属镁时逸出光电子的最大初动能为

9、7.31020J（普朗克常量h=6.631034J?s，真空中的光速c=3108m/s）参考答案： 解：光子的能量E=J根据光电效应方程Ekm=EW0 代入数据得，Ekm=6.631019J5.91019J=7.31020J故答案为：6.631019，7.310209. 如图7甲所示为用打点计时器记录小车运动情况的装置，开始时小车在水平玻璃板上做匀速直线运动，后来在薄布面上做匀减速直线运动，所打出的纸带如图乙所示(附有刻度尺)，纸带上相邻两点对应的时间间隔为0.02 s.图7从纸带上记录的点迹情况可知，A、E两点迹之间的距离为_ cm，小车在玻璃板上做匀速直线运动的速度大小为_ m/s，小车在

10、布面上运动的加速度大小为_ m/s2.参考答案：7.20(7.197.21均可)；0.90(0.890.91均可)； 5.0(4.95.1均可)10. 如图所示，质量为m、边长为l的等边三角形ABC导线框，在A处用轻质细线竖直悬挂于质量也为m、长度为L的水平均匀硬杆一端，硬杆另一端通过轻质弹簧连接地面，离杆左端L/3处有一光滑固定转轴O。垂直于ABC平面有一个水平方向的匀强磁场，磁感应强度大小为B，当在导线框中通以逆时针方向大小为I的电流时，AB边受到的安培力大小为_，此时弹簧对硬杆的拉力大小为_。参考答案：BIl；mg/4。11. 三块质量均为m的相同物块叠放在水平面上，如图所示已知各接触面

11、间的动摩擦因数均为（1）现有一水平力F作用在最底下的物块上，使之从上面两物块下抽出，则F必须大于_（2）若水平力F作用在中间的物块上使它从上、下两物块中抽出，则F必须大于_参考答案： 答案：（1）6 mg；（2）4 mg12. （5分）如图所示，在天花板的正下方有两点，已知，在天花板上寻找一点，在点与、之间各连接光滑细线，让两个小球分别穿在细线上，让小球同时从点下滑，两球同时滑到、点，则 ，所用的时间为 。 参考答案：解析：(等时园法)作、的中垂线，在中垂线上找一点为圆心，作一个圆，该圆与天花板切于点并过、两点，如图所示，则,，时间是。13. 有一个电流表G，内阻Rg=10，满偏电流Ig=3m

12、A，要把它改装成量程0-3V的电压表，要与之 串联（选填“串联”或“并联”）一个 9的电阻？改装后电压表的内阻是 1000 。参考答案：串联三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 如图甲所示的装置可用于“探究功与速度变化的关系”实验过程如下：第一步：用螺旋测微器测挡光片的宽度d把挡光片放入AF之间后，他应先转动 ，到F靠近挡光片，再转动 到F夹住挡光片，直至听到棘轮发出声音为止，拨动 ，使F固定后读数（填图乙中所给仪器部件字母）此时，螺旋测微器的示数如图丙所示，则挡光片的宽度是 mm第二步：把挡光片固定在小车上，测得小车和挡光片的总质量为M，把小车放到轨道上，用细线一端与小

13、车连接，另一端跨过定滑轮挂上砝码盘第二步：保持轨道水平，通过调整砝码盘里砝码的质量让小车做匀速运动，此时砝码和砝码盘的总质量m0第三步：增加砝码和砝码盘的总质量到m，释放后，小车经过光电门1和2，记录光电门1和2的挡光时间分别为t1、t2（小车通过光电门2后，砝码盘才落地）测出光电门1和2的中心距离s第四步：保持其它条件不变，仅移动光电门2，改变两光电门的距离s（小车通过光电门2后，砝码盘才落地），多次实验后作出如图丁所示的图线，其中数据均取国际单位，且图线斜率为1.01若图线中横坐标为（M+m）（）2，则纵坐标为 （用题目中所给的符号表示，已知当地重力加速度为g）参考答案：D，H，G，5.6

14、95，m0gs【考点】探究功与速度变化的关系【分析】使用螺旋测微器时，选旋动粗调旋钮，再转到微调旋钮，最后拨动止动旋钮固定后读数螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读根据功能关系可以求出需要验证的关系式，即可知道纵坐标【解答】解：用螺旋测微器测电阻丝的直径时，先转动粗调旋钮D使测微螺杆F接近被测电阻丝，再转到微调旋钮H夹住被测物，直到棘轮发出声音为止，拨动止动旋钮G使F固定后读数螺旋测微器的读数为：D=5.5mm+19.50.01mm=5.695mm；当砝码和砝码盘的总质量m0时，小车做匀速运动，则f=m0g，根据动能定理可知：m0gs=（M+m）（）2（

15、M+m）（）2，若图线中横坐标为（M+m）（）2，则纵坐标为m0gs故答案为：D，H，G，5.695，m0gs15. 用图所示的电路，测定一节干电池的电动势和内阻。电池的内阻较小，为了防止在调节滑动变阻器时造成短路，电路中用一个定值电阻R0起保护作用。除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：电流表（量程0.6A、3A）；电压表（量程3V、15V）；定值电阻（阻值1、额定功率5W）；定值电阻（阻值10，额定功率10W）；滑动变阻器（阻值范围0-10、额定电流2A）；滑动变阻器（阻值范围0-100、额定电流1A）。那么：（1）要正确完成实验，电压表的量程应选择 V，电流表的量程应选择 A；

16、R0应选择 的定值电阻，R应选择阻值范围是 的滑动变阻器。（2）引起该实验系统误差的主要原因是 。参考答案：四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，水平放置的平行板电容器，两板间距为d=8cm，板长为L=25cm，接在直流电上，有一带电液滴以v0=0.5m/s的初速度从板间的正中央水平射入，恰好做匀速直线运动，当它运动到P处时迅速将下板向上提起cm，液滴刚好从金属板末端飞出，求：（1）将下板向上提起后，液滴的加速度大小；（2）液滴从射入电场开始计时，匀速运动到P点所用时间为多少？（g取10m/s2）参考答案：【知识点】带电粒子在匀强电场中的运动 I3【答案解析】（1）（2）0.3

17、s解析：（1）带电液滴在板间受重力和竖直向上的电场力，因为液滴匀速运动，所以有：当下板向上提后，d减小，E增大，电场力增大，故液滴向上偏转，在电场中做类平抛运动.此时液滴所受电场力.（2）因为液滴刚好从金属末端飞出，所以液滴在竖直方向上的位移是设液滴从P点开始在匀强电场中飞行的时间为 ，而液滴从刚进入电场到出电场的时间所以液滴从射入开始匀速运动到P点时间为.【思路点拨】1）电容器与电相连，故极板间电势差恒定，由E=,可以求出电场强度与电势差的关系，从而根据开始时液滴平衡求解电场力与重力的关系，从而求得下极板上提后电荷所受电场力的大小，根据牛顿第二定律求解加速即可；（2）根据粒子恰好从上极板边缘

18、飞出，根据竖直方向粒子做匀加速运动，由加速度和位移求出粒子做类平抛运动时间，而粒子穿过平行板的总时间等于板长与初速度的比值，从而求得粒子到达P的时间本题抓住平行板间电场强度与电势差的关系，知道粒子做类平抛运动求出粒子的运动情况，电容器与电相连极板电压保持不变掌握基本规律是解决问题的关键17. 如图，体积为V、内壁光滑的圆柱形导热气缸顶部有一质量和厚度均可忽略的活塞；气缸内密封有温度为2.4T0、压强为1.2p0的理想气体p0和T0分别为大气的压强和温度已知：气体内能U与温度T的关系为UT，为正的常量；容器内气体的所有变化过程都是缓慢的求：气缸内气体与大气达到平衡时的体积V1；在活塞下降过程中，气缸内气体放出的热量Q.参考答案：解：在