2022-2023学年山东省枣庄市市二十九中学高三物理联考试卷含解析

1、2022-2023学年山东省枣庄市市二十九中学高三物理联考试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图所示：物体沿两个半径为R的圆弧由A到C，则它的位移和路程分别为( )A，A指向C； B，A指向C；C，A指向C； D，C指向A；参考答案：C2. (多选)利用速度传感器与计算机结合，可以自动作出物体运动的图像.某同学在一次实验中得到的运动小车的速度时间图像如图所示，由此可以知道（ ）A小车先做加速运动，后做匀速运动B小车运动的最大速度约为0.8m/sC小车的最大位移是0.8mD小车做曲线运动参考答案：AB3. 如图所示，空间存在方向垂

2、直于纸面向里的分界磁场。其中在MN左侧区域的磁感应强度大小为B；在MN右侧区域的磁感应强度大小为3B。一质量为m、电荷量为q、重力不计的带电粒子以平行纸面的速度从MN上的O点垂直M射入磁场，此时开始计时，当粒子的速度方向再次与入射方向相同时，下列说法正确的是A. 粒子运动的时间是B. 粒子运动的时间是C. 粒子与O点间的距离为D. 粒子与O点间的距离为参考答案：AC【详解】粒子在MN右侧运动半个周期后回到MN左侧，在运动半个周期后的速度将与入射方向相同，在MN右侧运动的时间，在MN左侧运动的时间,因此粒子的速度再次与入射速度相同时需要的总时间为，故A对B错；在MN右侧粒子运动的距离为，在MN左

3、侧粒子运动的距离为，粒子与O点的距离，故C对D错。4. 如图所示，矩形线圈abcd与理想变压器原线图组成闭合电路，线图在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc边匀速转动，磁场只分布在bc边的左侧，磁感应强度大小为B，线圈面积为S，转动角速度为，匝数为N，线圈电阻不计，下列说法正确的是A. 线圈abcd转动过程中，线圈最大磁通量为NBSB. 图示位置时，矩形线圈中产生的电动势最小C. 将原线抽头P向上滑动时，灯泡变亮D. 若线abcd转动的角速度变为2，则变压器原线圈电压的有效值为NBS参考答案：BD【分析】矩形线圈abcd中产生交变电流，线圈处于中性面位置时电动势最小，为零；当线圈与磁场垂直时，电动

4、势最大，为：；根据交流电有效值分析的方法求出有效值的大小；【详解】A、矩形线圈abcd转动过程中，在中性面位置时，通过线圈的最大磁通量为BS，故A错误；B、线圈处于图示位置时，是中性面位置，感应电动势的瞬时值为零，矩形线圈中产生的电动势最小，故B正确；C、将原线圈抽头P向上滑动时，原线圈的匝数增多，所以变压器副线圈的输出电压变小，故电流减小，灯泡变暗，故C错误；D、若线圈转动角速度变为2，最大值增加为原来的2倍，即，根据有效值的定义有，解得变压器原线圈电压的有效值为：，故D正确；故选BD。5. A、B两滑块在同一气垫导轨上，碰撞前B滑块静止，A滑块匀速向B滑块运动并发生碰撞，利用闪光照相的方法

5、连续4次拍摄得到的闪光照片如图所示。已知相邻两次闪光的时间间隔为T，在这4次闪光的过程中，A、B两滑块均在080cm范围内，且第1次闪光时，滑块A恰好位于x=10cm处。若A、B两滑块的碰撞时间及闪光持续的时间极短，均可忽略不计，则（ ）A碰撞发生在第1次闪光后的3T时刻B碰撞后A与B的速度大小相等、方向相反C碰撞后A与B的速度大小之比为1：3D A、B两滑块的质量之比为2：3参考答案：D二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 利用 粒子散射实验最早提出原子核式结构模型的科学家是 ；他还利用 粒子轰击（氮核）生成和另一种粒子，写出该核反应方程 参考答案：卢瑟福， 7. （6分）

6、(选修3-4)如图所示，一列简谐横波沿+x方向传播已知在t=0时，波传播到x轴上的B质点，在它左边的A质点位于负最大位移处；在t=0.6s时，质点A第二次出现在正的最大位移处 这列简谐波的周期是s，波速是m/s t=0.6 s时，质点D已运动的路程是m参考答案：答案： 0.4，5，0.1 8. 质量M=500t的机车，以恒定的功率从静止出发，经过时间t=5min在水平路面上行驶了s=2.25km，速度达到了最大值vm=54km/h，则机车的功率为3.75105W，机车运动中受到的平均阻力为2.5104N参考答案：考点：功率、平均功率和瞬时功率.专题：功率的计算专题分析：汽车达到速度最大时做匀速

7、直线运动，牵引力做功为W=Pt，运用动能定理求解机车的功率P根据匀速直线运动时的速度和功率，由P=Fv求出此时牵引力，即可得到阻力解答：解：机车的最大速度为vm=54km/h=15m/s以机车为研究对象，机车从静止出发至达速度最大值过程，根据动能定理得 Ptfx=当机车达到最大速度时P=Fvm=fvm由以上两式得P=3.75105W机车匀速运动时，阻力为f=F=2.5104N故答案为：3.75105；2.5104点评：本题关键要清楚汽车启动的运动过程和物理量的变化，能够运用动能定理和牛顿第二定律解决问题9. 如图，两个底边相同的斜面倾角不同的物体沿BA斜面由顶端滑至底端，克服摩擦力作功为W1，

8、物体沿DA斜面由顶端滑至底端摩擦力做功为W2，若物体与两个斜面间动摩擦因数相同，则W1_W2。参考答案：答案：= 10. 已知气泡内气体的密度为30g/，平均摩尔质量为1.152g/mol。阿伏加德罗常数，估算气体分子间距离d=_m，气泡的体积为1cm3，则气泡内气体分子数为_个。参考答案：d=410-9m ，) 1.561019 11. 如图所示，粗细相同质量均匀的AB杆在B点用铰链与墙连接，A端有一光滑轻质滑轮（大小可忽略）。轻绳通过滑轮将重物吊住，保持绳AC在水平方向。要使杆能平衡，必须小于_（选填“45”、“60”或“90”）。若为37时恰好达到平衡，则杆AB的质量m与重物的质量M的比

9、值为_。（sin37=0.6，cos37=0.8）参考答案： 45 2：3 12. 模拟兴趣小组为测一遥控电动小车的额定功率，进行了如下实验：用天平测出电动小车的质量为0.4 kg；将电动小车、纸带和打点计时器按如图K269所示安装；图K269接通打点计时器(其打点周期为0.02 s)；使电动小车以额定功率加速运动，达到最大速度一段时间后关闭小车电源，待小车静止时再关闭打点计时器(设小车在整个过程中所受的阻力恒定)在上述过程中，打点计时器在纸带上所打的部分点迹如图K2610所示图K2610请你分析纸带数据，回答下列问题(计算结果取三位有效数字)：(1)该电动小车运动的最大速度为_m/s；(2)

10、该电动小车被关闭电源后加速度大小为_m/s2；(3)该电动小车的额定功率为_W.参考答案：(1)1.880(1.881给分) (2分)； 1.044 (2分)(2 )1.00m/s，2.50m/s；5.25J，5.29J (每空2分)13. 小球A和B从离地面足够高的同一地点，分别沿相反方向在同一竖直平面内同时水平抛出，抛出时A球的速率为1m/s，B球的速率为4m/s，则从抛出到A B两球的运动方向相互垂直经过时间为 s,此时A球与B球之间的距离为 m 。参考答案：0.2； 1三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 现有一根长约20m的金属丝，其横截面直径约lmm，金属丝的

11、电阻率为510-3m。一位同学用伏安法测量该金属丝的电阻，测量时使用电动势为4.5V的电源。另有如下器材供选择： A量程为00.6A，内阻约为2的电流表 B量程为03A，内阻约为0.1的电流表 c量程为06V，内阻约为4k的电压表 D量程为015V，内阻约为50k的电压表 E阻值为010额定电流为lA的滑动变阻器 F阻值为01k，额定电流为0.1A的滑动变阻器 以上器材应选用 (填写器材前的字母) 用笔画线代替导线，将如图所示实验电路连接完整 闭合开关后，发现电流表示数不为零，而电压表示数为零为检测电压表的好坏，该同学拆下电压表用多用电表欧姆挡进行检测为使电压表指针向右偏转，多用电表的黑表笔应

12、接电压表的 接线柱(填“正”或“负”)；如果电压表完好，将电压表正确接人电路后，电压表示数仍为零，检查所有接线柱也都接触良好，则应检查 参考答案：ACE实验电路连接如图所示。正 连接电压表与金属丝的两根导线是否断路解析：由电阻定律可估算出该金属丝的电阻大约为100，电流表选择量程为00.6A电流表，电压表选择量程为06V的电压表；选择阻值为01k，额定电流为0.1A的滑动变阻器。用多用电表欧姆挡进行检测为使电压表指针向右偏转，多用电表的黑表笔应接电压表的正接线柱。将电压表正确接人电路后，电压表示数仍为零，检查所有接线柱也都接触良好，则应检查连接电压表与金属丝的两根导线是否断路。15. A有一根

13、横截面为正方形的薄壁管（如图5所示），现用游标为50分度（测量值可准确到0.02mm）的游标卡尺测量其外部的边长l，卡尺上部分刻度的示数如图6甲所示；用螺旋测微器测得其壁厚d的情况如图6乙所示。则此管外部边长的测量值为l= cm；管壁厚度的测量值为d= mm。参考答案：2.8582.864；1.000四、计算题：本题共3小题，共计47分16. （12分）电动机通过一绳子吊起质量为8kg的物体，绳的拉力不能超过120N，电动机的输出功率不能超过1200W，要将此物体由静止起用最快的方式吊高90m（已知此物体在被吊高接近90m时，已开始以最大速度匀速上升）所需时间为多少？g取10m/s2。参考答案

14、：解析：在匀加速运动过程中加速度为a=m/s2=5m/s2 （2分）末速度V1=10m/s （1分）上升的时间t1= （1分）上升的高度为h= （1分）在功率恒定的过程中，最后匀速运动的速率为Vm= （2分）由动能定理得Pmt2mgh2= （3分）代入数据后解得t2=5.75s （1分）所以t= t1+ t2=7.75s所需时间至少为7.75s （1分）17. 如图所示，水平地面上放置一个质量为m的物体，在与水平方向成角、斜向右上方拉力的拉力F的作用下沿水平地面运动物体与地面间的动摩擦因数为，重力加速度为g求：（1）若物体在拉力F的作用下能始终沿水平面向右运动且不脱离地面，拉力F的大小范围（2

15、）已知m=10kg，=0.5，g=10m/s2，若F的方向可以改变，求物体以恒定加速度a=5m/s2向右做匀加速直线运动时，拉力F的最小值参考答案：解：要使物体运动时不离开水平面，应有：Fsinmg要使物体能向右运动，应有：Fcos（mgFsin）联立式得：F； （2）根据牛顿第二定律得：Fcos（mgFsin）=ma解得：F=，上式变形F=，其中=sin1当sin（+）=1时F有最小值，解得：Fmin=，解得：Fmin=40N；答：（1）拉力F的大小范围为：F（2）拉力F的最小值为40N【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【分析】（1）要使物体不离开水平面，拉力竖直方向上的分力小于等于重力

16、，物体能向右运动，拉力在水平方向上的分力大于摩擦力，从而得出拉力的大小范围（2）根据牛顿第二定律求出来啦的表达式，结合数学知识求出拉力最小值的表达式，从而得出拉力的最小值18. 如图所示，竖直固定的半圆形绝缘轨道半径为R，下端与光滑绝缘水平面平滑连接，整个装置处于方向竖直向上的匀强电场中一质量为m带正电的物块（可视为质点），从水平面上的A点以初速度v0水平向左运动，沿半圆形轨道恰好通过最高点C已知重力加速度为g，物块受到竖直向上的电场力为F（Fmg）求：（1）物块通过最高点C时的速度大小（2）物块离开轨道落回水平面过程的水平距离（3）物块在半圆形轨道上运动过程中克服摩擦力做的功参考答案：考点：带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二定律；向心力分析：（1）物块恰能通过圆弧最高点C，由重和电场力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出物块通过最高点C时的速度；（2）物块离开半圆形轨道后做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由运动学公式即可求解（3）物块在运动过程中，重力做负功，电场力做正功，摩擦力做负功，根据动能定理求解克服摩擦力做的功；解答：解：（1）物块恰能通过圆弧最高点C时，圆弧轨道与物块间无弹力作用，物块受到重力和电场力的合力提供向心力解得：（2）物块离开半圆形轨道后做类平抛运动，设水平距离为x，则水平方向有