1.21.3《电与磁》培优训练卷B（解析）

1、Word文档，下载后可任意编辑 .21.3电与磁培优训练卷B（解析）中小学教育资源及组卷应用平台八下第一章电与磁测验卷（B）一、选择题（每题2分，共40分）1.下列设备中，应用了电磁感应现象的是（）A.电磁起重机 B.电热水壶 C.发电机 D.电动机【答案】C【解析】（1）电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；（2）发电机就是利用电磁感应原理制成的，工作时把机械能转化成电能。【分析】本题考查了电和磁的相关知识，知道各种电磁类电器的工作原理是解决问题的关键。【详解】A、电磁起重机是利用电磁铁通电时有磁性，断电时无磁性的原理来工作的，故该选项不符合题意；

2、B、电热水壶是利用电流的热效应工作的，故不符合题意；C、发电机是利用电磁感应的原理制成的，故该选项符合题意D、电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，故该选项不符合题意；故选C。2.下列说法中，正确的是（）A.磁场是由疏密不同的磁感线组成的B.指南针能指南是由于地磁场对指南针磁极的力的作用C.磁体间的相互作用是通过磁场发生的，同名磁极相互吸引D.利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围各点的磁场方向【答案】B【解析】（1）磁力线又叫做磁感线，是用以形象地描绘磁场分布的一些曲线人们将磁力线定义为处处与磁感应强度相切的线，磁感应强度的方向与磁力线方向相同，其大小与磁力线的密度成正比磁力线

3、具有下述基本特点：1磁力线是人为假象的曲线； 2磁力线有无数条； 3磁力线是立体的； 4.所有的磁力线都不交叉； 5磁力线的相对疏密表示磁性的相对强弱，即磁力线疏的地方磁性较弱，磁力线密的地方磁性较强； 6磁力线总是从 N 极出发，进入与其最邻近的 S 极并形成闭合回路。（2）地球就是一个巨大的磁体；（2）磁体间的相互作用就是通过磁场发生的；（3）利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围的磁场分布，不能判断各点的磁场方向。【分析】本题关键是明确磁感线的概念和物理意义，对于磁感线，还要能够画出常见磁体和电流的磁感线。【详解】A、磁感线是人们在磁场中假想的一些曲线，故磁场不是由磁感线组成的，故错误

4、；B、磁体间的相互作用就是通过磁场发生的，地球就是一个巨大的磁体；所以我们所说的指南针能指南是由于地磁场对指南针磁极的力的作用的，故正确；C、磁体间的相互作用就是通过磁场发生的；同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故错误；D、利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围的磁场分布，不能判断各点的磁场方向。故错误；故选B。3.如图所示，小磁针的指向准确的是（）.【答案】D【解析】由右手螺旋定则可知螺线管的极性，由磁感线的特点可知小磁针所在位置的磁场方向，则可知小磁针的正确指向。【分析】右手螺旋定则为判断螺线管极性的重要方法，应能做到灵活应用；同时还要注意小磁针静止时N极所指的方向为该点磁感线的方向。

5、【详解】A、由右手螺旋定则可得，螺线管左侧为N极，因外部磁感线由N极指向S极，故小磁针所在位置上磁场向左，小磁针N极应指向左，故A正确但不符合题意；B、由右手螺旋定则可得，螺线管左侧为N极，外部磁感线由N极指向S极，故小磁针所在位置磁感线向左，小磁针N极向左，故B正确但不符合题意；C、由右手螺旋定则可得，螺线管右侧为N极，外部磁感线由N极指向S极，故小磁针所在位置磁感线向左，小磁针N极向左，故C正确但不符合题意；D、由右手螺旋定则可得，螺线管左侧为N极，外部磁感线由N极指向S极，故小磁针所在位置磁感线向右，小磁针N极应向右，故D错误但符合题意。故选D。4.如图所示为一些研究电现象和磁现象的实验

6、。下列关于这些实验的叙述中，正确的是（）A.图1中小磁针被铁棒吸引，说明铁棒本身具有磁性B.图2中小磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场C.图3中条形磁铁静止时A端总是指向北方，说明A端是条形磁铁的南极D.图4中铁钉B吸引的大头针比A多，说明电磁铁的磁性强弱与电流大小有关【答案】B【解析】 认识这几幅图，明确它们所反映的实验原理，才能对号入座，判断选项中的说法是否正确。【分析】 四幅图分别代表了电与磁中四个重要的物理实验，分别是磁体的特性、电流的磁效应、磁体的极性、电磁铁的探究，这都是我们应重点掌握的，在学习中相互比较更能有效地进行把握。【详解】A、图1中铁棒靠近小磁针，即使铁棒没有磁性，小磁针

7、也会吸引铁棒，不能确定铁棒是否具有磁性，故A错误；B、图2是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，故B正确；C、磁铁都具有指向性，图2中条形磁铁静止时A端总是指向北方，说明A端是条形磁铁的北极，故C错误；D、从图可知，铁芯相同、电流相同，只有线圈的匝数不同，说明电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系的，故D错误。故选B。5.如图所示的三个钢块，下列判断中正确的是（）A.都是磁体B.只有两个磁体C.可能都是磁体，也可能只有两个磁体D.都不是磁体【答案】C【解析】要解答此题，应明确两点：若两个钢块相互排斥，则这两个钢块一定带磁性，且相近的磁极为同名磁极；若两个钢块相互吸引，则有两种情况：两个钢块都有磁性，

8、且异名磁极相互接近；或一个带有磁性，而另一个没有磁性。【分析】本题考查了磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；磁铁能吸引钢铁材料的性质。【详解】由图知，钢块B、C相互排斥，由同名磁极相互排斥知，B、C一定有磁性，即B、C相对的磁极为同名磁极；而B吸引A，则A有两种情况：由异名磁极相互吸引，则A与B相对的磁极为异名，A有磁性；由于磁体能吸引钢块，由于B有磁性，故A可能为不带磁性的钢块可见B、C必然有磁性，但是A可能有磁性，也可能没有磁性。故选C。6.在地球表面的某位置，发现自由转动的小磁针静止时沿竖直方向，且S极向下（提示：指向地心为下，远离地心为上），则小磁针所在位置在地球

9、的（）A.北极附近 B.南极附近 C.赤道附近 D.以上均有可能【答案】B【解析】（1）地球是一个巨大的条形磁体，地磁的S极在地理的北极附近，地磁的N极在地理的南极附近。（2）根据磁极间的作用规律可知，异名磁极相互吸引，当小磁针自由静止时，相互靠近的一定是异名磁极。【分析】（1）此题考查了地磁场、磁极间的作用规律等相关知识。（2）当小磁针在磁场力的作用下自由静止时，相互靠近的一定是异名磁极，因此可以根据小磁针的NS极来确定磁体的NS极。【详解】小磁针的S极指向下，其指向的应该是地磁的N极，所以小磁针位于地磁的N极附近，即处于地理的南极附近。故选B。7.下列措施中，能增强通电螺线管磁性的是（）A

10、.减小线圈的电流 B.减少线圈的匝数C.将电源的正、负极对调 D.在线圈中插入铁芯【答案】D【解析】【分析】【详解】A、在相同条件下，减小电流，磁性减弱，不符合题意；B、在相同条件下，减少螺线管的匝数，磁性减弱，不符合题意；C、将电源正负极对调，改变电流的方向，只能改变通电螺线管的磁极，不符合题意；D、在相同条件下，插入铁芯，磁性增强，符合题意。故选D。8.磁带录音机既可以录音，也可用以放音，其主要部件为运行的磁带和绕有线圈的磁头。录音时，磁带上的磁粉被由声音信号转化而来的电流产生的磁场所磁化，这样便将声音信号转化为磁信号记录在磁带上；放音时，再把磁带上的磁信号通过磁头转化为电信号使扬声器发声

11、。对于录音机录音、放音过程的基本原理，下列各种说法中正确的是（）A.录音的基本原理是电磁感应，放音的基本原理是电流的磁效应B.录音和放音的基本原理都是电磁感应C.录音的基本原理是电流的磁效应，放音的基本原理是电磁感应D.录音和放音的基本原理都是电流的磁效应【答案】C【解析】（1）录音机录音是声音先转化为强弱变化电流，变化的电流产生变化的磁场，把磁粉磁化的过程；（2）录音机放音的过程是磁带上强弱不同的磁场产生变化的感应电流，再转化为声音。【分析】掌握电流的磁效应和磁化，知道录音机录音和放音过程的原理，考查了理论知识解释物理现象的能力。【详解】（1）录音过程是线圈中有变化的电流，产生变化的磁场，再

12、磁化磁粉的过程，其中电流的磁效应是最主要的原理；（2）放音时，磁带上磁性不同，使磁头线圈产生不同的感应电流，这是电磁感应现象。故选C。9.甲铁棒能吸引小磁针，乙铁棒能排斥小磁针，若甲、乙铁棒相互靠近，则两铁棒（）A.一定互相吸引 B.一定互相排斥C.可能无磁力的作用 D.可能互相吸引，也可能排斥【答案】D【解析】（1）磁铁具有吸引铁、钴、镍的性质；（2）同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引。【分析】解答本题须清楚：（1）磁铁具有吸引铁、钴、镍的性质；（2）同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引。【详解】小磁针本身具有磁性,能够吸引没有磁性的铁棒,故铁棒A可能有磁性,也可能没有磁性,只是在小磁针磁场作

13、用下暂时被磁化。铁棒B能排斥小磁针,说明B一定有磁性。若A无磁性,当A靠近B时,A、B互相吸引；若A有磁性,则A、B两磁体都分别有北极和南极,当它们的同名磁极互相靠近时,互相排斥；当异名磁极互相靠近时,互相吸引,故D正确。10.小明寒假在家看电视时，为了取暖，便将一个电暖器拿出来。当他将插头插入插座中时，听到“叭”的一声，同时从插座中冒出一股黑烟，电视机和电灯也都熄灭了，这一现象首先会导致的结果是（）A.电视机烧坏了 B.空气开关断开了 C.电暖器烧坏了 D.灯丝烧断了【答案】B【解析】保险丝通常安装在火线上，它是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断

14、，切断电路，从而起到保护电路的作用。【分析】本题主要考查对保险丝作用的了解。【详解】家庭电路中各用电器之间是并联电路，各支路间互不影响，因此当将插头插入插座中时，听到“叭”的一声同时从插座中冒出一股黑烟，虽然电视机和电灯也都熄灭了，但它们并没有损坏，因此选项A、C、D都不正确当他将插头插入插座中时，听到“叭”的一声，可能是引起短路造成的，短路时，电路中电流过大，会导致熔断器自动切断电路，所以选项B正确。故选B。11.如图所示，重为G的小铁块在水平方向力F的作用下，沿条形磁铁的表面从N极滑到S极，下列说法中正确的是（）A.小铁块受到的摩擦力始终不变B.小铁块受到的重力始终不变C.小铁块对磁铁的压

15、力始终不变D.小铁块对磁铁的压强始终不变【答案】B【解析】（1）条形磁体的两端磁性最强，中间磁性最弱（2）磁铁的两极磁性最强，铁块在两端时，受到磁铁的作用较大中间磁性最弱，铁块受到磁铁的作用较小。【分析】此题考查的知识点有三个：一是磁体上磁性的强弱；二是摩擦力的大小受到压力大小的影响；三是重力的大小计算；这也是中考的常见综合题型，难度不大，但是考查的知识面广泛。【详解】铁块在左端时，受到N极的引力较大，铁块对磁铁的压力较大；越靠近中间，磁性减弱，磁铁对铁块的作用减小，铁块对磁铁的压力减小；靠近S极，磁性增强，引力增大，铁块对磁铁的压力较大AC、因为匀速所以拉力等于摩擦力，摩擦力的大小与压力大小

16、和接触面的粗糙程度有关有关，现在接触面的粗糙程度相同、压力不同，所以摩擦力不同，故A、C错误；B、重力是由于物体受到地球的吸引而受到的力，与磁铁的吸引无关，故B正确；D、压强的大小与压力大小和受力面积有关，受力面积不变，压力不同、压强不同，故D错误。故选B。12.根据通电螺线管周围存在磁场（如图所示）的实验事实，某同学对地磁场产生的原因提出了一个假说：地磁场是由绕地球的环形电流引起的。下列各图中，符合他假说的模型是（）【答案】A【解析】通电螺旋管的磁场特点符合安培定则，可以依据安培定则来分析推导地磁场的特点，选择正确答案。【分析】此题是根据通电螺旋管的磁场特点推测地磁场的特点，需要具有一定的抽

17、象思维能力，较难。【详解】如果用右手握住螺旋管，可以发现当大拇指指向N极时，四肢的指向正好与电流的方向相同，所以我们可以仿照这种方法，由右手握住地球，也让大拇指指向地磁场的N极，从而推测出绕地球的环形电流的方向，选项A符合。故选A。13 如图所示，在矩形通电线圈内放可以自由转动的小磁针，再通以如图所示方向的电流时，小磁针的指向是（）A.N极指向不变B.N极垂直纸面指向纸外C.N极垂直纸面指向纸里D.N极指向左边【答案】B【解析】（1）对于磁体的每一条磁感线都是闭合的，即在磁体的外部是从N极指向S极，在磁体内部，磁感线是从磁体的S极指向N极；（2）据安培定则可以判断出此时矩形线圈的N极和S极，而

18、后据据小磁针磁感线的方向和矩形线圈磁感线的方向一致即可判断出小磁针的N极指向。【分析】知道在磁体的外部，磁感线是从N极指向S极，在磁体内部，磁感线是从磁体的S极指向N极是解决该题的关键。【详解】如图所示，若通电时，据安培定则不难看出此时矩形线圈的前面是N极，其后面是S极，故其磁感线的方向是应该是垂直于纸面向外，故此时小磁针静止时的N极指向与矩形线圈的磁感线的方向是一致的，由于小磁针的磁感线应是从小磁针的N极出发回到S极的，故此时小磁针的静止时的N极应该是垂直纸面向外，故选B。14.如图所示，先闭合开关S2,再闭合开关S1,则电磁铁的磁性将（）A.不变 B.减弱 C.增强 D.无法判断【答案】C

19、【解析】（1）影响电磁铁磁性强弱的因素与电流的强弱、线圈的匝数有关；（2）由并联电路的规律可知电路中电阻的变化，则由欧姆定律可求得电流的变化，则可知电磁铁的磁性的变化。【分析】本题为电路和电磁铁的综合题，考查了并联电路的特点、欧姆定律及电磁铁磁性强弱的影响因素。【详解】先闭合开关S2，再闭合开关S1，两电阻并联，则总电阻减小；由欧姆定律可知电路中电流增大，则螺线管中电流变大，螺线管的磁性变强。故选C。15.如图所示，条形磁铁置于水平桌面上，电磁铁与条形磁铁处于同一水平线放置，且左端固定，当开关S闭合，电路中滑动变阻器的滑片P逐渐向下移动时，条形磁铁始终保持静止。在此过程中，条形磁铁受到的摩擦力

20、（）A.方向向右，逐渐增大 B.方向向右，逐渐减小C.方向向左，逐渐减小 D.方向向左，逐渐增大【答案】B【解析】由安培定则可判断电磁铁的极性，由磁极间的相互作用可判断条形磁铁受力方向；由滑片的移动可知接入电阻的变化及电流的变化，则可知磁性强弱的变化，从而求得磁铁受力大小的变化。【分析】本题用到的知识点较多，应能够将各知识点灵活应用并注意各内容间的相互联系。【详解】由安培定则得，电磁铁右端为N极，则与条形磁铁的异名极相对，相互吸引，则条形磁铁受到电磁铁向左的吸引力，因条形磁铁条形磁铁始终保持静止，所以它受到的吸引力和桌面给它的摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反，所以条形磁铁受到的摩擦力的方

21、向是向右的；当滑片逐渐向下移动时，连入电路的电阻逐渐增大，由欧姆定律可得线圈中电流逐渐变小，则磁场逐渐变弱，条形磁铁受到电磁铁的吸引力逐渐变小，因条形磁铁受的是平衡力，故摩擦力的大小也会逐渐减小。故选B。16.某同学设计了一种判断电源“”“”极的方法：如图所示，在水平桌面上放一枚小磁针，在小磁针的西面放一个螺线管，接通开关后，小磁针的N极向东偏转。下列判断中，正确的是（）A.电源a端是正极，在电源外部自由电荷由b流向aB.电源b端是正极，在电源外部自由电荷由a流向bC.电源a端是正极，在电源外部自由电荷由a流向bD.电源b端是正极，在电源外部自由电荷由b流向a【答案】B【解析】由小磁针的偏转方

22、向可知螺线管的磁极，则由右手螺旋定则可知电流方向及电源的正负极，则由电流的特点可知电源外部的电流方向，再根据金属导体中，自由电荷定向移动的方向与电流的方向相反做出判断。【分析】本题属易错题，主要原因在于审题不清，看不清要求即回答问题；本题要求回答的为电源外部自由电荷的方向，要知道在金属导体中，这一方向与电流的方向相反。【详解】小磁针N极向东偏转，则由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知螺线管东侧为N极；则用右手握住螺线管，大拇指指向N极，则四指的指向即为电流方向，即电源外部电流由b流向a，由于电源外部电流从正极流向负极，故电源b端为正极；在金属导体中，导电的是带负电荷的自由电子，故自由电荷定

23、向移动的方向与电流的方向相反，即由a流向b，综上所述，只有选项B的说法正确，符合题意。故选B。17.弹簧下端挂一磁体（下面的电磁铁电路没有连接好），如图所示，把电路连接好时，发现弹簧长度会变短。若要使滑动变阻器的滑片P向右移动时，弹簧的长度变得更短，则变阻器接入电路的方式可以是（）A.C接E,B接F B.C接E,D接F C.A接E,D接F D.A接E,B接F【答案】A【解析】（1）根据电路接通后弹簧变短，可以判断电磁铁的磁极；根据滑动变阻器滑片向右滑动时，弹簧变得更短，由此可以判断电流大小，可以判断电阻大小，判断接入的接线柱。（2）滑动变阻器有四个接线柱，选择一上一下接入电路。【分析】此题主要

24、考查了电磁铁磁性强弱的影响因素和欧姆定律的应用。【详解】电路接通后弹簧变短，说明电磁铁的上端是S极，滑片P向右移动时，弹簧的长度变得更短，说明电磁铁的磁性增强，电路电流变大，电阻变小，说明滑动变阻器一定接入下面的右端接线柱，上面接线柱任意选择。故选A。18.如图所示为研究巨磁电阻特性的原理示意图。实验发现，闭合S1、S2后，当滑片P向左滑动的过程中，指示灯明显变亮。下列说法中，正确的是（）A.电磁铁右端为N极 B.滑片P向右滑动过程中电磁铁的磁性增强C.巨磁电阻的阻值随磁场的减弱而明显增大 D.巨磁电阻的阻值随磁场的减弱而明显减小【答案】C【解析】【分析】【详解】（1）由安培定则可知，电磁铁左

25、端为N极，故A错误；（2）滑片P向右滑动过程中，电阻变大，电流变小，通电螺线管的磁性减弱，而指示灯明显变暗，故B错误；（3）滑片向左滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路中的电流增大，根据电磁铁的磁性强弱与电流的关系可知，电磁铁的磁性增强。故C正确，D错误。故选C。19.如图所示，电磁铁的左下方有一铁块，在恒力F作用下沿水平面向右做直线运动。若铁块从电磁铁的左下方运动到正下方过程中，滑动变阻器的滑片逐渐向上滑动，则（）A.电磁铁上端为S极 B.铁块运动过程中，电磁铁的磁性逐渐减弱C.铁块做匀速运动 D.铁块对地面的压强逐渐增大【答案】A【解析】（1）由安培定则可判断电磁铁的极性；（2

26、）电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，在线圈匝数一定时，电流越大电磁铁的磁性越强，根据电流的变化判断电磁铁磁性强弱如何变化；（3）电磁铁对铁块的吸引会改变铁块对桌面的压力，进而改变压强和摩擦力的大小。【分析】通过观察图中的情形对各个量的变化情况进行推理是本题的一大特点滑片的移动改变了电阻，电阻影响了电流，电流影响了磁性的强弱，磁性强弱又改变了铁块的压力，进而改变了压强、摩擦力和拉力，这一系列的变化表明了各个量之间的相互联系，是一道立意较新的考题，值得我们关注。【详解】A、由安培定则（伸出右手，弯曲的四指指向电流方向，大拇指方向就是N极）可以判断，电磁铁的下端是N极，上端是S极，故A正确；B、由电路

27、图知，滑片逐渐向上滑动，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路电流变大，通过电磁铁的电流逐渐增大，电磁铁的磁性逐渐增强，故B错误；C、因为电磁铁磁性增强，当铁块运动到其下方时会受到较大的吸引力，使铁块对桌面的压力减小，在接触面粗糙程度不变的情况下，摩擦力也跟着减小，此时的恒力F大于摩擦力，故铁块做加速运动，故C错误；D、铁块对桌面的压力减小，在接触面积不变的情况下，压强也减小，故D错误。故选A。20.小明利用热敏电阻设计了一个“过热自动报警电路”，如图甲所示。将热敏电阻R安装在需要探测温度的地方，当环境温度正常时，指示灯亮；当环境温度超过某一值时，警铃响。图甲中继电器的供电电压U1=3V,继电器线

28、圈的电阻R0为30,当线圈中的电流大于等于50mA时，警铃响。如图乙所示为热敏电阻的阻值随温度变化的图像。下列说法中，正确的是（）A.图中接线柱A应与C连接，B与D连接B.当环境温度升高时，电磁铁的磁性减弱C.图甲中电磁铁的下端P的磁极应为N极D.环境温度达到80时，警铃响【答案】D【解析】本题既考查电磁继电器原理的分析，也考查了结合欧姆定律的内容进行相关的计算，综合性比较强，解题时要仔细分析。【分析】由题干中“当线圈中的电流大于等于50mA时，继电器的衔铁将被吸合，警铃响”，结合欧姆定律求出热敏电阻接入电路的阻值的最大阻值，从图象上找到对应的温度就可以解决问题。【详解】当线圈中的电流I=50

29、mA=0.05A时，继电器的衔铁将被吸合，警铃报警控制电路的总电阻R总=60热敏电阻R=R总-R0=60-30=30由图乙可知，此时t=80所以，当温度t80时，警铃警，答：环境温度大于等于80时，警铃报警。故选：D。二、填空题（共38分）21.（5分）1821年， （填科学家）发现电流的磁效应，使人们认识到电和磁之间存在着必然的联系。电动机是利用 的原理来工作的，工作过程中，实现了 能向 能的转化，其中能使电动机的线圈持续转动最关键的装置是 。【答案】【解析】解答本题应掌握：奥斯特实验是首先发现电流周围有磁场的实验；电动机的原理是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的。它是一种将电能转

30、化为机械能的机器，为了让电动机能够持续转动，在制作电动机时增加了换向器，当线圈刚好转过平衡位置时就自动改变线圈中的电流的方向，及时改变通电线圈的受力方向，保证电动机能够连续转动。【分析】物理学史一直是考试中的热点，了解相关的物理学史可以使我们了解科学家的贡献，激发我们学习物理的兴趣，注意换向器的构造特点及作用。【详解】1821年，奥斯特将通电导体放在小磁针上方时，小磁针发生了偏转，说明通电导体周围存在磁场；从而发现电流的磁效应；当人们认识到电和磁之间存在着必然的联系时，发现通电导体在磁场中受到磁力的作用，于是利用这一原理制造直流电动机；是通过通电线圈在磁场中转动来工作，实现了电能向机械能的转化

31、，但是为了能使线圈刚刚转过平衡位置时就自动改变线圈中的电流方向，安装了“换向器”，从而实现通电线圈在磁场中的连续转动，故答案为：奥斯特；通电线圈在磁场中转动；电；机械；换向器。22.（2分）小华发现宾馆里的“插卡取电器”有两种类型：第一种无论插入哪种卡片都能使房间通电；第二种用专门的磁卡插入或靠近都能使房间通电。小明设计了如下三种方法用于判断取电器类型：将硬纸片插入，看能否通电；将专用磁卡贴在面板上不插人，看能否通电；将专用磁卡插人，看能否通电，其中可行的方法是 （填序号）。【答案】【解析】“插卡取电器”有两种类型，第一种无论插入哪种卡片都能使房间通电，对卡片种类没有限制，但需要将卡片插入；第

32、二种用专门的磁卡插入或靠近都能使房间通电，前提是专门的磁卡，优点是插入或靠近都可以。【分析】本题中房卡的作用相当于开关，考查了学生观察和思考能力，平时注意多观察、多思考，因为物理来源于生活，生活中处处存在物理。【详解】纸片没有磁性，将纸片插入，如果通电，说明取电器属于第一种类型，此方法可行；磁卡贴在面板上，如果通电，说明取电器属于第二种类型，此方法可行；专业磁卡插入，第一种取电器会通电，第二种也会通电，所以无法判断是哪种类型，此方法不可行。故答案为：。23.（6分）如图所示为小华探究“让线圈转起来”的实验装置图。线圈能够转动的原因是 ，线圈在转动过程中 能转化为 能；在实验中为了使线圈能持续转

33、动，采取的办法是 ；要想使线圈的转动方向与原来的相反，采用 或者 的方法。【答案】通电导线在磁场中受力的作用；电；机械；将线圈引线一端接触支架的绝缘层全部刮掉，另一端刮掉半周；改变电流方向；改变磁场的方向【解析】本题可由电动机的原理进行分析，只要考虑清楚受力方向的变化即可求解。【分析】电动机受力方向的转变为理解电动机的难点，在学习时要从受力方向的角度去理解它，体会平衡位置的含义。【详解】这个装置是一台电动机的模型，原理是通电导体在磁场中受到力的作用，改变线圈转动方向可根据影响电动机的转向因素回答。根据电动机的原理和构造知，能转动的原因是通电线圈在磁场中受磁力的作用而转动，线圈在转动过程中消耗电

34、能转化为机械能。在实验中影响线圈的转向的因素有电流的方向和磁场的方向；则为了使线圈能持续转动，采取将线圈一头的绝缘漆刮去，另一头刮去一半的办法来改变通入线圈的电流方向；所以要想使线圈的转动方向与原来的相反；采取的办法是：使用换向器改变电流方向或者改变磁场方向的方法。故答案为：通电线圈在磁场中会受到力转动；电；机械；线圈一头的绝缘漆刮去，另一头刮去一半，使用换向器改变电流方向或者改变磁场方向。故答案为：通电导线在磁场中受力的作用；电；机械；将线圈引线一端接触支架的绝缘层全部刮掉，另一端刮掉半周；改变电流方向；改变磁场的方向。24.（3分）如图所示的实验中，闭合开关后，支架上原先静止的轻质铝管ab

35、会朝某个方向运动，这表明磁场对通电导体会产生 的作用，改变磁场方向或者改变 方向，可以使铝管ab运动方向发生改变。 （填“电动机”或“发电机”）就是根据这个原理制成的。【答案】力；电流；电动机【解析】开关闭合时，导体中就有了电流，同时导体a发生运动，表明导体在磁场中受到了力的作用；影响导体运动方向的因素是磁场的方向和电流的方向；电动机的工作特点是先通电然后线圈转动，所以可知电动机就是根据这一原理制成的。【分析】电动机的原理和发电机的原理是历年考试中经常出现的考点。试题一般多以选择题出现，通常是电动机和发电机在一个题中出现，注意这两个原理的区别。简单理解就是电动机是先电后动，发电机是先动后电。【

36、详解】开关断开时，导体没有电流，导体不运动，说明磁场对导体没有力的作用；开关闭合后，导体中有电流通过，导体运动起来，说明通电导体在磁场中受到力的作用。改变磁场的方向或者电流的方向，可以使原先静止的铝管开始运动的方向发生改变；电动机是根据这个原理制成的。故答案为：力；电流；电动机。25.（4分）两根平行导线通电后，会出现如图甲所示的现象（图中实线、虚线分别表示通电前、后的情况），由此可以推断：在如图乙所示的电路中，当开关S闭合时，螺线管的长度会 （填“变长”或“变短”，不考虑摩擦力）。你的判断依据是 。【答案】变短；由于螺线管上相邻导线中电流方向都相同，导线相互吸引，故变短【解析】（1）仔细观察

37、两根平行导线通电前后它们之间的距离可分析出导线相互作用规律；（2）利用图示的线圈绕向和电流方向，根据安培定则即可确定螺线管的右端的极性。【分析】本题考查了电流的磁场、磁场对电流的作用、安培定则的应用，看似是复杂，仔细审题，是可以用初中所学知识解决的，只是要求灵活运用所学知识。【详解】根据图（甲）所示的现象可知，电流方向相同时，两导线会相互吸引；图乙中，当开关S闭合时，由于螺线管上相邻导线中电流方向都相同，导线相互吸引，故螺线管的长度会变短；图乙中，螺线管的右端为N极，左端为S极，根据螺线管的线圈绕向，利用安培定则可知，电流从螺线管的左端流入，右端流出；所以电源右端是负极，故答案为：变短；由于螺

38、线管上相邻导线中电流方向都相同，导线相互吸引，故变短。26.（4分）小明设计了一个道路限载报警器，原理如图甲所示，R0是变阻器，R是压敏电阻，R的电阻大小随压力大小变化的关系如图乙所示，当超载车辆通过压敏电阻时，限载报警器就会报警。（1）调试好电路，闭合开关S1和S2,当超载车辆通过时，限载报警器会 （填“灯亮”或“铃响”）。（2）交通主干道的抗压能力一般比村道路要强得多，若把村道路限载报警器应用到主干道，就要适当调高报警器的限载重量，下列操作可行的是 （多选，填字母）。A.把变阻器R0的滑片适当左移 B.把电源1的电压适当增大C.把弹簧AB的A端适当左移 D.把电磁铁C适当右移【答案】（1）

39、 铃响；（2）AC【解析】（1）分析车辆超载时电磁铁中是否有电流通过，只有电磁铁中有电流通过时电铃才会报警；（2）分析乙图中压敏电阻的特点，结合欧姆定律和杠杆的相关知识得到调高报警器的限载重量的方法。【分析】本题考查了学生对电磁继电器的工作原理的掌握，注重了物理和生活的联系，加强了学生应用能力的考查，是中考的热点。【详解】（1）闭合开关S1和S2，当超载车辆通过时，压敏电阻的阻值减小，通过电磁铁电路的电流增大，衔铁就会被吸下来，电铃电路接通，因此电铃会响；（2）由乙图可知，压敏电阻的阻值随着压力的增大而减小，因此要想提高报警器的限载重量，必须增大电路中的电阻，减小电磁铁电路中的电流，故A说法正

40、确；观察甲图发现，衔铁和弹簧的部分实际上是一个杠杆，如果不改变电磁铁电路的电流，可以让衔铁不那么容易被吸下来，因此弹簧向左移或者电磁铁向左移都会达到目的，故选项AC符合要求。故答案为：（1）铃响；（2）AC。27.（10分）如图所示，将一根直导线放在静止小磁针的正上方，并与小磁针平行。（1）小磁针上方的直导线应沿 （填“南北”或“东西”）方向放置。（2）闭合开关后，观察到小磁针偏转，这表明通电直导线周围存在 。（3）改变直导线中的电流方向，小磁针N极偏转方向 （填“改变”或“不改变”），这表明 。（4）实验中小磁针的作用是 ，这里用到的研究方法是 法。【答案】（1）南北；（2）磁场；（3）改变

41、； 通电导线周围的磁场方向与电流方向有关；（4）检验通电导线周围是否存在磁场；转换法【解析】（1）由于小磁针静止时要指南北方向，在验证电流周围有磁场时，一般也把直导线南北放置，这样在直导线下方的磁场方向是东西方向的；（2）奥斯特实验通过小磁针偏转说明了通电导体周围存在磁场；（3）当电流方向改变时，产生的磁场方向也改变，所以小磁针的偏转方向也改变；（4）通过小磁针的偏转可以检验磁场是否存在。【分析】本题考查了小磁针指南北是由于受到地磁场的缘故；磁场的性质是对放在磁场中的磁体有力的作用；电流周围存在着磁场和磁场的方向与电流方向有关。更加深入的研究了电流的磁效应，在物理学习中不能只注重了结论的学习，

42、还要注意过程的学习。【详解】（1）由于小磁针受到地磁场的作用，要指南北方向，为了观察到明显的偏转现象，应使电流产生的磁场方向为东西方向，故应使把直导线南北放置；（2）实验中，开关闭合时，小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在着磁场，这是著名的奥斯特实验；（3）改变电流方向，小磁针的方向也发生了偏转，说明了通电导体周围的磁场方向与电流方向有关；（4）小磁针受到磁场力的作用能够发生偏转，故小磁针可以检测磁场的存在；故答案为：（1）南北；（2）磁场；（3）改变；通电导线周围的磁场方向与电流方向有关；（4）检验通电导线周围是否存在磁场；转换法。28.（4分）如图所示，闭合开关使螺线管通电，可以观察到左边

43、弹簧 （填“伸长”“缩短”或“不变”，下同），右边弹簧 。【答案】伸长；缩短【解析】利用螺线管的线圈绕向和电流方向，结合安培定则确定螺线管的N、S极；同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；弹簧伸长，是由于受到了条形磁体对其向下的拉力根据拉力的变化可以确定弹簧伸长长度的变化。【分析】要确定弹簧长度的变化情况，弹簧伸长的长度之所以发生变化是由于通电螺线管的磁性对它的拉力的发生了变化，这是解决此题的突破口。【详解】（1）对于左边的弹簧来说，不管通电螺线管的极性如何，铁棒都会被吸引，故左边的弹簧会伸长；（2）对于右边的弹簧来说，要取决于通电螺线管的极性，如果上端是S极就会伸长，否则就会缩短；根据电源的正

44、负极，可以确定电流从右螺线管的上端流入，下端流出，结合螺线管线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的上端为N极，下端为S极，根据同名磁极相互排斥可知，右端弹簧会缩短。故答案为：伸长；缩短。三、实验探究题（共24分）29.（6分）某科学兴趣小组的同学用小磁针、条形磁铁等按图甲、图乙的方法，探究了条形磁铁周围的磁场及方向，接着他们又用相同的方法，探究通电螺线管周围的磁场及方向，实验操作及现象如图丙、图丁、图戊所示。（1）分析比较图c、图d或图c、图e可以得出的初步结论是 。（2）分析比较图d和图e的小磁针偏转情况可以得出的初步结论是 。（3）分析比较图b和图d可以得出的初步结论是 。【答案】（1）

45、电流的周围存在磁场；（2）电流周围磁场的方向和电流的方向有关；（3）通电螺线管的周围的磁场分布与条形磁体的相同【解析】（1）磁场的基本性质是对放入其中的磁体产生磁力的作用，若静止在南北方向上的小磁针发生偏转，说明了其周围有新的磁场产生。否则，则说明周围没有新的磁场产生。在磁场，小磁针偏转的方向发生了变化，说明说明磁场的方向发生了变化。（2）根据题目要求，把握分析比较的两个图中的异同点，利用控制变量法的思路，即可得出结论。【分析】（1）此题考查了通电螺线管周围的磁场的相关知识。（2）认真审题，把握题目中要求比较的两个图的异同点是解决此题的关键。【详解】（1）在c图中，开关断开，电路中没有电流，小

46、磁针的指向没有发生偏转，说明螺线管周围没有磁场，在d图中，开关闭合，小磁针的指向发生了偏转，说明通电螺线管的周围存在磁场，由此说明电流的周围存在磁场。（2）在d与e中，根据电源的正负极可知，电流方向不同，小磁针的指向不同，说明磁场方向不同，由此说明电流周围磁场的方向和电流的方向有关。（3）在bd两图中，通电螺线管周围小磁针的指向情况与条形磁体周围小磁针的指向情况相同，由此可知通电螺线管的周围的磁场分布与条形磁体的相同。故答案为：（1）电流的周围存在磁场；（2）电流周围磁场的方向和电流的方向有关；（3）通电螺线管的周围的磁场分布与条形磁体的相同。30.（10分）如图所示为某学习小组的同学设计的研

47、究“电磁铁磁性强弱”的实验电路图。（1）要改变电磁铁线圈中的电流大小，可通过 来实现；要判断电磁铁的磁性强弱，可通过观察 来确定。（2）该组同学所做实验的记录如下表所示：电磁铁（线圈） 50匝 100匝实验次序 1 2 3 4 5 6电流A 0.8 1.2 1.5 0.8 1.2 1.5吸引铁钉的最多数目枚 5 8 10 7 11 14比较实验中的1、2、3（或4、5、6）,可得出的结论是：电磁铁的匝数一定时，通过电磁铁线圈中的 。比较实验中的 ，可得出的结论是：电磁铁线圈中的电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强。（3）在与同学们交流讨论时，另一组的一个同学提出一个问题：“当线圈中的电流

48、和匝数一定时，电磁铁的磁性强弱还与什么有关？你对此的猜想是 。【答案】（1）滑动变阻器滑片的滑动；吸引铁钉的数量；（2）电流越大，电磁铁的磁性越强；1和4（或2和5或3和6）；（3）电磁铁的磁性强弱与线圈内的铁芯大小有关【解析】（1）由实验电路图可以获取信息，要想改变电磁铁线圈中的电流大小，可通过滑动变阻器滑片的滑动来实现，电磁铁的磁性强弱无法直接观察到，故可以通过电磁铁吸引铁钉的多少反映出来，这种研究问题的方法为转换法；（2）实验数据中可以获取信息，比较1、2、3（或4、5、6）和1和4（或2和5或3和6），这几组实验数据中找出控制的量和改变的量，再通过吸引铁钉的数量得出影响电磁铁磁性的因素

49、。【分析】此题主要探究了影响电磁铁磁性强弱的因素在探究的过程中使得学生领悟了控制变量法和转换法，培养了学生利用实验数据获取信息的能力。【详解】（1）从电路图中可以看出，电磁铁与滑动变阻器串联，要想改变通过电磁铁的电流，可以通过移动滑动变阻器的滑片来实现，如果通过电磁铁吸引铁钉的多少来反映出电磁铁磁性的强弱。（2）比较实验中的1、2、3（或4、5、6）可以看出，在线圈的匝数相同时，电流从0.8A增加到1.5A时，吸引铁钉的个数由5枚增大到10枚，说明在线圈的匝数一定时，通过电磁铁的电流越大，电磁铁的磁性越强；比较实验中的1和4（或2和5或3和6）可以得出通过电磁铁的电流都为0.8A时，线圈匝数5

50、0匝的吸引5枚铁钉，线圈匝数为100匝的吸引铁钉7枚，说明在通过电磁铁的电流相同时，线圈的匝数越多，电磁铁的磁性越强。（3）加入铁芯后，电磁铁的磁性会大大增强，可知电磁铁的磁性应该与铁芯的大小有关；故答案为：（1）滑动变阻器滑片的滑动；吸引铁钉的数量；（2）电流越大，电磁铁的磁性越强；1和4（或2和5或3和6）；（3）电磁铁的磁性强弱与线圈内的铁芯大小有关。31.（8分）在学校实验室开放时，同学们对手摇发电机非常感兴趣，他们想：发电机产生感应电流的大小与哪些因素有关呢？于是他们展开了探究。实验时他们所用的发电机如图所示，设计的实验记录表如下：实验次序 线圈转速 线圈转向 小灯泡亮度123（1）

51、根据表格可知，他们准备研究发电机产生感应电流的大小是否与 有关。（2）他们根据小灯泡的亮度来判断电路中感应电流的大小，像这种用能直接观测的量来显示不易直接观测的量的方法叫“转换法”。下列探究过程中没有用到这种方法的是 （填序号）。探究电磁铁磁性的强弱与哪些因素有关探究液体蒸发的快慢与哪些因素有关探究压力的作用效果与哪些因素有关（3）通过改变 或 可以改变感应电流的方向。【答案】（1）线圈转速和线圈转向；（2）；（3）磁场方向；导体运动方向【解析】【分析】【详解】（1）由题表中记录数据可知探究发电机产生感应电流的大小是否与线圈转速和线圈的转向有关；（2）根据小灯泡的亮度来判断电路中感应电流的大小

52、和根据磁铁吸引大头针的多少来判断磁性的强弱，这两种方法都是将不容易观测和不便于测量的物理量转化为容易观测和测量的物理量，上种研究问题的方法叫转换法。探究影响蒸发快慢的因素时，使用了控制变量法，分别探究温度、空气流动、液体表面积对蒸发快慢的影响，没有使用转换法；都是一些不易观察的现象和问题，研究时都使用了转换法，故选；（3）感应电流方向跟磁场方向和电导体向有关，因此要改变感应电流方向可以改变导体方向或磁场方向。故答案为：（1）线圈转速和线圈转向；（2）；（3）磁场方向；导体运动方向。四、分析计算题（共18分）即刻点亮，随后境32.（8分）将一个电磁铁和白炽灯并联后接入电路，如图甲所示，当闭合开关

53、时，灯L0即可点亮，随后熄灭；当断开开关时，灯会先闪亮后熄灭。（1）此现象说明当闭合开关时，流过电磁铁的电流变化是 ；当断开开关时，流过电磁铁的电流变化是 。（2）在图乙中，当电磁铁中无电流时，铁质弹簧片的可动端与右侧接线柱接通；当电磁铁中有电流时，在电磁铁的吸引下，铁质弹簧片的可动端与左侧接线柱接通。试用笔画线代替导线，完成电路连线，使电路中的开关闭合后，灯L1、L2会交替发光。【答案】（1）逐渐增大；逐渐减小；（2）如图所示【解析】（1）电磁铁的线圈是一个储能元件，它可以将电能暂时以磁的形式储存，然后释放，从这一角度就不难理解为什么在开关通断时，电灯会发生的变化了；（2）分析图中电磁铁的工

54、作过程可知，电磁铁与两只电灯是共用同一个电源的，同时两只灯要求交替发光，同时受触点开关的控制，据此来完成电路图的连接。【分析】（1）了解电磁铁是一个特殊的储能元件，再根据并联电路电流的特点，才是顺利解答前两个问题的关键；（2）电磁继电器的作图是本题的难点，应逐一确定这一装置的工作特点，明确它们共用同一个电源、两灯与电磁铁的连接关系等，最后结合图中接线柱的位置，将电路连接完整。【详解】（1）因为电磁铁的线圈是一个储能元件，当闭合开关时，灯L1即刻点亮，随后熄灭，说明在总电流不变的情况下，电磁铁中的电流逐渐增大，从而使流经灯泡的电流减小而熄灭；当断开开关时，灯会闪亮后熄灭，说明电磁铁在断电后释放了

55、其储存的电能，使灯闪亮，流过电磁铁的电流是逐渐减小的故答案为：逐渐增大；逐渐减小。（2）由题意分析可得，当闭合开关时，铁质弹簧片的可动端先与右侧接线柱接通，此时灯L1与电磁铁组成并联电路，L1发光，电磁铁有磁性；同时电磁铁吸铁质弹簧片的可动端与左侧接线柱接通，灯L1断路，灯L2接通，电磁铁又失去磁性，在弹簧片的作用下再次与右侧触点接通，如果反复，从而实现开关闭合后，灯L1、L2会交替发光，如图所示：33.（10分）小强利用压力传感器、电磁继电器、阻值可调的电阻R等元件，设计了一个汽车超载自动报警电路，如图甲所示。他了解到这种压力传感器所受压力越大时，输出的电压U就越大，两者的关系如图乙所示。闭

56、合开关S,当继电器线圈中电流大于或等于20mA时，衔铁被吸合。已知传感器的输出电压U即为继电器控制电路的电源电压，线圈的电阻为20。车辆不超载时，工作电路中绿灯亮；当传感器所受压力增大到一定程度时，红灯亮，说明汽车超载。请你判断灯 （填“L1”或“L2”）是红灯。（2）在水平路面上，要使该装置报警，通过车辆的最小重力为多少？（3）请你运用所学物理知识，说明超载的一项危害。【答案】（1）L2 ；（2） 8104N；（3）超载的车质量大，质量大惯性大，运动状态不容易改变，容易出事故【解析】（1）分析清楚电路结构，根据电路结构分析答题；（2）由数据可知，汽车重力越小，压力传感器输出电压越小，根据电磁

57、继电器衔铁闭合的最小电流和线圈电阻，利用欧姆定律知识就可以求出最小输出电压，再对照图象就可以找到对应的压力值，就是汽车重力的大小；（3）根据对超载危害的了解分析答题。【分析】本题考查了判断哪个是红灯、求电阻阻值、求压力等问题，分析清楚电路结构、由图象获取所需信息、应用串联电路特点与欧姆定律、G=mg即可正确解题。【详解】（1）由图示可知，车辆不超载时，衔铁接上端，L1亮，车辆超载时，衔铁接下端，L2亮，由题意知，L2是红灯；（2）当R=0要使报警器报警，输出电压最小，I=UR，输出最小电压：U0=IR线圈=0.02A20=0.4V，由图象可知，此时压力传感器受到的压力：F=0.8105N=81

58、04N；（3）超载及压力大，压强大，易于压坏路面，超载的车质量大，质量大惯性大，运动状态不容易改变，容易出事故。故答案为：（1）L2；（2） 8104N；（3）超载的车质量大，质量大惯性大，运动状态不容易改变，容易出事故。 . 精品试卷第 2 页 （共 2 页） HYPERLINK http:/(.) (.)中小学教育资源及组卷应用平台八下第一章电与磁测验卷（B）一、选择题（每题2分，共40分）1.下列设备中，应用了电磁感应现象的是（ ）A.电磁起重机 B.电热水壶 C.发电机 D.电动机2.下列说法中，正确的是（ ）A.磁场是由疏密不同的磁感线组成的B.指南针能指南是由于地磁场对指南针磁极的

59、力的作用C.磁体间的相互作用是通过磁场发生的，同名磁极相互吸引D.利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围各点的磁场方向3.如图所示，小磁针的指向准确的是（ ）.4.如图所示为一些研究电现象和磁现象的实验。下列关于这些实验的叙述中，正确的是（ ）A.图1中小磁针被铁棒吸引，说明铁棒本身具有磁性B.图2中小磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场C.图3中条形磁铁静止时A端总是指向北方，说明A端是条形磁铁的南极D.图4中铁钉B吸引的大头针比A多，说明电磁铁的磁性强弱与电流大小有关5.如图所示的三个钢块，下列判断中正确的是（ ）A.都是磁体B.只有两个磁体C.可能都是磁体，也可能只有两个磁体D.都不是磁

60、体6.在地球表面的某位置，发现自由转动的小磁针静止时沿竖直方向，且S极向下（提示：指向地心为下，远离地心为上），则小磁针所在位置在地球的（ ）A.北极附近 B.南极附近 C.赤道附近 D.以上均有可能7.下列措施中，能增强通电螺线管磁性的是（ ）A.减小线圈的电流 B.减少线圈的匝数C.将电源的正、负极对调 D.在线圈中插入铁芯8.磁带录音机既可以录音，也可用以放音，其主要部件为运行的磁带和绕有线圈的磁头。录音时，磁带上的磁粉被由声音信号转化而来的电流产生的磁场所磁化，这样便将声音信号转化为磁信号记录在磁带上；放音时，再把磁带上的磁信号通过磁头转化为电信号使扬声器发声。对于录音机录音、放音过程