2022年广东省汕头市达濠华侨中学、东厦中学高一物理第一学期期末经典模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、一个小球水平向右运动，以的速度与墙壁相碰，经过以的速度沿同一直线反弹，则在这段时间内小球

2、的平均加速度为A.，方向向右B.，方向向左C.，方向向右D.，方向向左2、如图所示，竖直圆环中有多条起始于A点的光滑轨道，其中AB通过环心O并保持竖直一质点分别自A点沿各条轨道下滑，初速度均为零那么，质点沿各轨道下滑的过程中，下列说法中正确的是( ) A.质点沿着与AB夹角越大的轨道下滑，加速度越大B.质点沿着轨道AB下滑，时间最短C.轨道与AB夹角越小除外，滑到底端时速率越大D.无论沿图中哪条轨道下滑，所用的时间均不同3、如图所示，A、B两物块叠放在水平面上，在水平恒力F作用下，A、B一同作匀速直线运动，在此过程中物体B所受外力个数为（）A.2个B.3个C.5个D.6个4、如图所示，质量为2

3、0kg的物体在水平面上向右运动，同时受到一个向左的10N的拉力，已知物体与水平面之间的动摩擦因数为0.1则物体受到的摩擦力为A.10N、向左B.10N、向右C.20N、向左D.20N、向右5、一条不可伸长的轻绳跨过质量可忽略不计的定滑轮，绳的一端系一质量M=15的重物，重物静止于地面上，有一质量的猴子从绳子另一端沿绳向上爬，如图所示，不计滑轮摩擦，在重物不离开地面条件下，猴子向上爬的最大加速度为（）（）A.B.C.D.6、下列说法正确的是（ ）A.重力的方向总是指向地心B.滑动摩擦力的方向可以与物体的运动方向相同，也可以相反C.挂在绳上处于静止的物体，受到绳的拉力是由于物体的形变引起的D.当两

4、粗糙物体之间没有相对滑动时，两物体之间的摩擦力一定为零7、将一个力F=5N分解为两个不为零的力Fl、F2，下列分解情况中哪些是可能的（）A.F1=10N ，F2=10NB.Fl=3N ，F2=14NC.Fl、F2与F同一直线上D.Fl、F2同时与F垂直8、如图甲所示，平行于光滑斜面的轻弹簧劲度系数为k，一端固定在倾角为的斜面底端，另一端与物块A连接，两物块A、B质量均为m，初始时均静止，现用平行于斜面向上的力F拉动物块B，使B做加速度为a的匀加速运动，A、B两物块在开始一段时间内的v-t关系分别对应图乙中A、B图线，t1时刻 A、B 的图线相切，t2时刻对应A图线的最高点，重力加速度为g。则下

5、列说法正确的是（ ）A.t1时刻，弹簧的形变量为B.t1时刻，A、B刚分离时的速度为C.t2时刻，弹簧形变量为0D.从开始到t2时刻，拉力F先逐渐增大后不变9、明代出版的天工开物一书中就有牛力齿轮翻车的图画（如图所示），记录了我们祖先的劳动智慧。若A、B两齿轮半径的大小关系为rArB，则A.齿轮A、B的角速度大小相等B.齿轮A的角速度大小小于齿轮B的角速度大小C.齿轮A、B边缘的线速度大小相等D.齿轮A边缘的线速度大小小于齿轮B边缘的线速度大小10、A、B两车在同一直线上向右匀速运动，B车在前，速度20m/s，A车速度为8m/s，当A、B相距28m时，B车因前方突发情况紧急刹车（刹车过程可视为

6、匀减速直线运动），加速度大小为2m/s2，从此开始计时，则：A.A追上B之前，经5s二者相距最远B.A追上B之前，二者相距的最大距离为64mC.A车经16s追上B车D.A车经14s追上B车11、如图所示，M与N静止，现当N缓慢下降一小段距离后重新保持静止，下述说法正确的是( )A.地面对M的摩擦力减小B.地面对M的摩擦力增大C.M对地面的压力增大D.M对地面的压力减小12、如图所示，皮带运输机将物体(物体与皮带不打滑)匀速地送往高处的过程中，下列结论正确的是（）A.物体受到与运动方向相同的摩擦力作用，为静摩擦力B.传送的速度越大，物体受到的摩擦力越大C.不管传送速度多大，物体受到的摩擦力始终不

7、变D.若匀速向下传送货物，物体所受的摩擦力沿皮带向下二填空题(每小题6分，共18分)13、某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系。(1)将弹簧悬挂铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧。弹簧轴线和刻度尺都应在_方向（填“水平”或“竖直”）。(2)弹簧自然悬挂，待弹簧静止时，长度记为L0；弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为Lx；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如下表。代表符合数值cm25.3527.3529.3531.3033.435.3537.4039.30表中有一个数值记录不规范，代表符号为_。(3)下图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与_的差值（填

8、“L0”或“Lx”）。(4)由图可知弹簧的劲度系数为_N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为_g。（结果保留两位有效数字，重力加速度取9.8m/s2）14、某实验小组利用如图所示的装置探究物体的加速度与力、质量的关系 (1)实验中下列做法正确的是_A.平衡摩擦力后，实验就不需要满足小车及车中砝码总质量远大于砝码盘及盘中砝码总质量的条件B.每次改变小车中砝码的质量后，都需要重新平衡摩擦力C.选取点迹清晰的纸带，必须以打的第一个点为计数起始点进行测量D.实验中应先接通打点计时器的电源，然后再释放小车(2)实验中由于实际绳对小车的拉力_（选填“大于”、“等于”、“小于”）重物所受的重力，会给实验带来系

9、统误差为减小此误差，实验中要对小车质量M和重物质量m进行选取，以下四组数据中最合理的一组是_（填写相应序号）M=200g，m=40g、60g、80g、100g、120gM=200g，m=30g、35g、40g、45g、50gM=400g，m=20g、40g、60g、80g、100gM=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g(3)如图所示是某一次打点计时器打出的一条记录小车运动的纸带取计数点1、2、3、4、5.已知打点计时器的打点周期为0.02s，用刻度尺测量出各相邻计数点间的距离分别为3.05cm、3.92cm、4.77cm、5.62cm，则小车运动的加速度大小a=_m/s2（结

10、果保留两位有效数字） (4)甲、乙两同学在同一实验室，各取一套上图所示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到右图中甲、乙两条直线设甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为、，由图可知_（大于、小于、等于）15、某课外科技活动小组学习了平行四边形定则后，利用DIS实验装置研究“力的合成与分解”，如图所示A、B为两个相同的双向力传感器，该型号传感器在受到拉力时读数为正，受到压力时读数为负。A连接质量不计的细绳，可沿固定的板做圆弧形移动。B固定不动，通过光滑铰链连接长0.3m的杆，将细绳连接在杆右端O点构成支架，保持杆在水平方向，按如下

11、步骤操作：测量绳子与水平杆的夹角AOB=；对两个传感器进行调零；用另一绳在O点悬挂一个钩码，记录两个传感器读数；取下钩码，移动传感器A改变角重复上述实验步骤，得到如下表格。F14.0042.3204.008F23.4721.1643.460(1)根据表格，A传感器对应的表中力为_（填“F1”或“F2”），钩码质量为_kg（结果保留一位有效数字）。(2)本实验中多次对传感器进行调零，对此操作说明正确的是_。A因为事先忘记了调零B何时调零对实验结果没有影响C为了消除横杆自身重力对结果影响D可以完全消除实验的误差三计算题(22分)16、（12分）如图所示，一辆质量为的小轿车以速度沿斜坡向上匀速行驶，

12、斜坡倾角，小轿车与斜坡间的动摩擦因数.不计空气阻力，取.试求：（1）小轿车前进的位移大小（2）小轿车上坡时牵引力大小.17、（10分）摩天大楼中一部直通高层的客运电梯，行程超过百米电梯的简化模型如图所示考虑安全、舒适、省时等因素，电梯的加速度a是随时间t变化的已知电梯在t=0时由静止开始上升，a - t图像如图所示电梯总质量m = 2.0103 kg忽略一切阻力，重力加速度g取10m/s2(1)求电梯在上升过程中受到最大拉力F1和最小拉力F2；(2)类比是一种常用的研究方法对于直线运动，教科书中讲解了由v - t图像求位移的方法请你借鉴此方法，对比加速度和速度的定义，根据图2所示a - t图像

13、，a求电梯在第1s内的速度改变量v1的大小和第2s末的速率v2；b写出电梯在第1s内的加速度与时间的关系式、速度与时间的关系式；参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、D【解析】规定以初速度方向为正，则有：，所以球在与墙碰撞的过程中的平均加速度的大小为，方向与初速度方向相反，即水平向左，故D正确，ABC错误2、C【解析】设轨道与竖直线AB的夹角为，根据牛顿第二定律可得加速度a，根据运动学公式可求解时间t和到达底端的速度v表达式，即可讨论各选

14、项【详解】A设轨道与竖直线AB的夹角为，则根据牛顿第二定律可得加速度a=gcos，可知质点沿着与AB夹角越大的轨道下滑，加速度越小，选项A错误；BD设AB=L，则倾斜轨道的长度为Lcos，根据Lcos=at2，解得，则沿各轨道下滑的时间相等，选项BD错误；C滑到底端的速度，可知轨道与AB夹角越小(AB除外)，滑到底端时速率越大，选项C正确；故选C.3、C【解析】因为A、B做匀速运动，知A处于平衡状态，则A受重力和支持力作用，不会受摩擦力作用，因为一旦受摩擦力，A将不再平衡，所以A受两个力作用；而物体B受到重力，拉力F，A对B的压力，地面对B的支持力与滑动摩擦力，共5个力，故C正确，ABD错误。

15、故选C。4、C【解析】物体相对地面向右运动，受到地面向左的滑动摩擦力物体对地面的压力大小等于物体的重力，由摩擦力公式fFN求出摩擦力【详解】依题意，物体相对于地面向右运动，受到地面的滑动摩擦力方向向左物体在水平面上运动，F也在水平方向向左，则物体对地面的压力大小等于物体的重力，即：FNmg2010200N，所以物体受到的滑动摩擦力大小为：fFN0.120020N，故C正确，ABD错误；故选C【点睛】本题容易出错是滑动摩擦力的方向，认为与F方向相反，是向右，要抓住滑动摩擦力方向与物体相对运动方向相反，不是与外力方向相反5、B【解析】为使得重物不离开地面，则绳子上的拉力最大为T=Mg则对猴子分析可

16、知解得故选B。6、B【解析】考查重力，弹力，摩擦力。【详解】A万有引力指向地心，万有引力一部分提供地球表面物体随地球自转所需要的向心力，剩下的为重力，即重力是万有引力的一个分力，赤道上和两极的物体重力指向地心，其他纬度物体重力不指向地心，A错误；B滑动摩擦力的方向与物体相对于施力物体运动方向相反，但可以与物体相对于地面运动方向相同，也可以与物体相对于地面运动方向相反，比如无初速度地放上传送带上的物体，滑动摩擦力与运动方向相同，给物体加速，B正确；C挂在绳上处于静止的物体，受到绳的拉力，施力物体是绳，由绳发生形变产生的，C错误；D当两粗糙物体之间没有相对滑动，但可能有相对运动趋势，会有静摩擦力，

17、D错误。故选B。7、AC【解析】10N和10N的合力范围是0,20N，而5N在合力范围内，可知5N的力可能分解为两个10N的力，选项A正确；3N和14N的合力范围是11N，17N，而5N不在合力范围内，可知5N的力不能分解为3N和14N的力，选项B错误；Fl、F2与F可以在同一直线上，选项C正确；Fl、F2不可能同时与F垂直，选项D错误8、AD【解析】考查牛顿第二定律的应用。【详解】A由图乙可知，t1时刻两物块开始分离，AB之间无弹力，对A受力分析，设此时压缩量为x2，由牛顿第二定律：解得，A正确；B初始时均静止，设初始时压缩量为x1，由平衡方程：解得 则从开始到分离的位移为：由位移与速度的关

18、系式：解得，B错误；Ct2时刻，A图线的斜率为0，即A物体加速度为零，设此时压缩量为x3，由平衡条件：解得，C错误；D从开始到t1时刻，由牛顿第二定律：由于弹簧压缩量减小，弹力减小，而加速度a不变，所以拉力F增大；t1到t2时刻，由于AB已经分离，B不受A的作用力，此时由牛顿第二定律：加速度不变，可知，拉力F不变，D正确。故选AD。9、BC【解析】A、B两轮边缘通过齿轮传动，线速度大小相等，且rArB，由可知齿轮A的角速度大小小于齿轮B的角速度大小，BC正确。故选BC。10、BC【解析】A二者速度相等时，距离最远，根据题意：解得：，A错误；B二者速度相等时，距离最远：解得：，B正确；CD两车相

19、遇时，处于同一位置，B车速度减为0用时：B车前进的距离：A车前进的距离：此时二者相距：B车静止，A车继续匀速直线运动：解得：C正确，D错误。故选BC。11、AD【解析】当N缓慢下降一小段距离后，与M连接的细线与水平方向的夹角变大，细绳的拉力T不变；AB对M受力分析，水平方向： 则随变大f减小，选项A正确，B错误；CD对M受力分析，竖直方向： 则随变大N减小，选项D正确，C错误；故选AD.12、AC【解析】本题主要考查摩擦力产生的条件，正确分析相对运动的方向或趋势，从而判断摩擦力的方向也可以利用共点力平衡来判断摩擦力的方向.【详解】运送过程中，物体相对于传送带有向下运动的趋势，物体所受摩擦力方向

20、向上，为静摩擦力，故A正确；物体匀速上升由平衡条件可知摩擦力的大小等于物体所受重力沿斜面下滑的分量，与传送速度无关，故B错误，C正确；无论把物体匀速运往高处还是匀速运往地面，物体在重力的作用下，都有沿皮带向下的运动趋势，物体都会受到沿皮带向上的摩擦力，故D错误；故选AC【点睛】牢记摩擦力产生的条件：1、物体要相互接触（故摩擦力是接触力的一种）；2、接触面要相互作用的弹力；3、接触面要粗糙；4、要有相对运动或相对运动趋势再者就是要会判断摩擦力的方向，与相对运动的方向或相对运动趋势的方向相反或用共点力的平衡来判断二填空题(每小题6分，共18分)13、 (1).竖直 (2).L3 (3).Lx (4

21、).4.9 (5).10【解析】(1)1将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在竖直方向。(2)2用毫米刻度尺测量长度是要估读到分度值的下一位，故L3的数值记录不规范；(3)3在砝码盘中每次增加10g砝码，所以弹簧的形变量应该是弹簧长度与Lx的差值。(4)4根据胡克定律公式F=kx，有5通过图和表可知L0=25.35cm，Lx=27.35cm所以砝码盘质量为14、 .（1）D、 .（2）小于 . .（3）0.86 .（4）大于【解析】根据“探究物体的加速度与力、质量的关系”可知，本题考查“验证牛顿第二定律”的实验，根据实验条件、实验原理、实验数据处理、误差分析、实验

22、结论等，进行列式计算和分析推断.【详解】(1)A、本题实验研究物块的牛顿第二定律，实验器材不能测出绳的拉力大小，则平衡摩擦力后要求物块质量M远大于钩码的总质量m，只有满足这个条件才可认为小车受到的拉力F约为mg；故A错误.B、平衡摩擦力后，有mgsin=mgcos，即=tan，与质量无关，故通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度；故B错误.C、选取点迹清晰的纸带，不一定以打的第一个点为计数起始点进行测量；故C错误.D、打点计时器要“早来晚走”即实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块，而当实验结束时应先控制木块停下再停止打点计时器；故D正确.故选D.(2)重物与小车一起加速运动，因此重物对小车的拉力小于重物的重力，当盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有mM时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，因此第组数据比较符合要求(3)根据匀变速直线运动的判别式x=aT2，运用逐差法得：.(4)根据牛顿第二定律得,可知图线的纵轴截距的绝对值等于g,则有.【点睛】本题主要考查“验证牛顿第二定律”的实验，要明确实验原理，特别是要明确系统误差的来源，知道减小系统误差的方法对于图线