百色市重点中学2023学年物理高二第二学期期末监测试题（含解析）

1、2023学年高二下学期物理期末模拟测试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，物块A放在直角三角形斜面体B上面，B放在轻弹簧上面并紧挨着竖直粗糙墙壁，处于静止状态；弹簧处于竖直现用力F沿斜面向上推A，但A、B仍处于静止状态下列说法正确的是(

2、)A施加F前，B可能受6个力B施加F后，A、B之间的摩擦力一定变小C施加F后，B受到弹簧的弹力可能变小D施加F后，B与墙之间的摩擦力一定小于F2、如图所示，理想变压器原线圈连接的交流电源电压佾定，电表对电路的影响不计，其中R2为用NTC半导体热敏材料制成的传感器当R2所在处出现火情时，各个交流电表示数的变化情况是AI1变大，U变大BI1变大，U不变CI2变小，U变小DI2变大，U不变3、如图所示，在光滑绝缘水平面上， A、B两小球质量分别为2m、m，带电量分别为+q、+2q某时刻 A有指向B的速度v0而B球速度为零，之后两球在运动中始终未相碰，当两小球从该时刻开始到第一次相距最近的过程中，下列

3、判断不正确的是()A任意时刻A、B两小球的加速度大小之比均为1:2B两小球构成的系统电势能增加CA球减少的机械能大于B球增加的机械能D电场力对A球做功的大小为4、足球以8 m/s的速度飞来，运动员把它以12 m/s的速度反向踢出，踢球时间为0.2 s，设球飞来的方向为正方向，则足球在这段时间内的加速度是( )A20 m/s2B20 m/s2C100 m/s2D100 m/s25、水蒸汽达到饱和时，水蒸汽的压强不再变化，这时()A水不再蒸发B水蒸汽不再液化C蒸发和液化达到动态平衡D以上说法都不对6、如图所示的电路中，电压表都看做理想电表，电源内阻为r闭合开关S，当把滑动变阻器R3的滑片P向b端移

4、动时（ ）A电压表V1的示数变小，电压表V2的示数变小B电压表V1的示数变大，电压表V2的示数变大C电压表V1的示数变化量大于V2的示数变化量D电压表V1的示数变化量小于V2的示数变化量二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、2011年5月4日上午9点10分左右,国航的CA1585航班、东航的MU5263航班和邮政的YZ207航班相继准备在烟台机场降落，由于空中飘来气球，导致三个航班在空中足足等待了约20分钟，三航班燃料损失超2万元，后来用望远镜观察发现，这些气球可能是孩

5、子玩的那种充氮气的气球，图为机场监控截图，若氮气的摩尔质量为M，摩尔体积为V，密度为，阿伏加德罗常数为NA，则有关氮分子的质量m和体积V0的关系表示为( )ABCD8、如图所示,在前进的车厢的竖直后壁上放一个物体,物体与壁间的动摩擦因数为0.5,要使物体不下滑,车厢前进的加速度应为(取g=10m/s2,最大静摩擦力等于滑动摩擦力) A5m/s2B10m/s2C20m/s2D25m/s29、发生放射性衰变为，半衰期约为5700年已知植物存活其间，其体内与的比例不变；生命活动结束后，的比例持续减少现通过测量得知，某古木样品中的比例正好是现代植物所制样品的二分之一下列说法正确的是_ A该古木的年代距

6、今约为5700年B、具有相同的中子数C衰变为的过程中放出射线D增加样品测量环境的压强将加速的衰变10、如图，两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路将一小磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时小磁针处于静止状态下列说法正确的是（ ）A开关闭合后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动B开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向C开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向D开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答

7、案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）探究力的平行四边形定则的实验中（1）实验原理是等效原理，其等效性是指_A使两次橡皮筋伸长的长度相等B使弹簧秤在两种情况下发生相同的形变C使两分力与合力满足平行四边形定则D使两次橡皮筋与细绳套的结点都与某点O重合（2）下列哪些方法可减小实验误差_A两个分力F1、F2间的夹角要尽量大些B两个分力F1、F2的大小要尽量大些C拉橡皮条的细绳要稍长些D弹簧秤必须与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度（3）使b弹簧秤按图1实所示位置开始顺时针缓慢转动，在这过程中保持O点位置不变和a弹簧秤的拉伸方向不变，则在整个过程中关于a、b弹簧秤的读数变化是_

8、Aa增大，b减小Ba减小，b增大Ca减小，b先增大后减小Da减小，b先减小后增大（4）如图2所示是甲、乙两名同学在做“验证力的平行四边形定则”的实验时得到的结果若按实验中要求的符号表示各个力，则可判定实验结果中尊重实验事实的是_12（12分）某同学用伏安法测定待测电阻Rx的阻值（约为10 k），除了Rx，开关S、导线外，还有下列器材供选用：A电压表（量程01 V，内阻约10 k）B电压表（量程010 V，内阻约100 k）C电流表（量程01 mA，内阻约30 ）D电流表（量程00.6 A，内阻约0.05 ）E电源（电动势1.5 V，额定电流0.5 A，内阻不计）F电源（电动势12 V，额定电流

9、2 A，内阻不计）G滑动变阻器R0（阻值范围010 ，额定电流2 A）为使测量尽量准确，电压表选用_，电流表选用_，电源选用_（均填器材的字母代号）；画出测量Rx阻值的实验电路图_该同学选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理上看，待测电阻测量值会_其真实值（填“大于”“小于”或“等于”），原因是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）某种透明材料制成的空心球体外径是内径的2倍，其过球心的某截面（纸面内）如图所示一束单色光（纸面内）从外球面上A点入射，人射角为45时，光束经折射后恰好与内球面B点相切求该透明

10、材料的折射率欲使光東能射入空心球内部空心区域，入射角应满足什么条件？14（16分）如图所示，光滑导热活塞C将体积为V0的导热容器分成A、B两家，A、B中各封有一定质量的同种气体，A室左侧连接有一U形气压计（U形管内气体的体积忽略不计），B室右侧有一阀门K.可与外界大气相通，外界大气压等于76cmHg，气温恒定。当光滑导热活塞C静止时，A、B两室容积相等，气压计水银柱高度差为38cm.现将阀门K打开，当活塞C不再移动时，求：A室的体积；B室从阀门K逸出的气体质量与原有质量的比15（12分）如图所示，在距离水平地面h0.8 m的虚线的上方，有一个方向垂直于纸面水平向里的匀强磁场正方形线框abcd的

11、边长l0.2 m，质量m0.1 kg，电阻R0.08 .一条不可伸长的轻绳绕过轻光滑滑轮，一端连线框，另一端连一质量M0.2 kg的物体A(A未在磁场中)开始时线框的cd边在地面上，各段绳都处于伸直状态，从如图所示的位置由静止释放物体A，一段时间后线框进入磁场运动，已知线框的ab边刚进入磁场时线框恰好做匀速运动当线框的cd边进入磁场时物体A恰好落地，此时将轻绳剪断，线框继续上升一段时间后开始下落，最后落至地面整个过程线框没有转动，线框平面始终处于纸面内，g取10 m/s2.求：（1）匀强磁场的磁感应强度B的大小（2）线框从开始运动至到达最高点，用了多长时间？（3）线框落地时的速度多大？2023

12、学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【答案解析】试题分析：隔离对A分析，通过A受力平衡判断A、B之间摩擦力的变化通过对整体分析，抓住AB不动，弹簧的弹力不变，判断B与墙之间有无摩擦力开始时A静止，则A受到重力以及B对A的支持力、摩擦力，根据共点力平衡可知，B对A的支持力与摩擦力的合力的方向竖直向上；开始时B也静止，则B受到重力、弹簧的弹力、A对B的压力与摩擦力，由于B对A的支持力与摩擦力的合力的方向竖直向上，则A对B的压力与摩擦力的合力方向竖直向下，所以B与墙壁之间没有力的作用所以B受

13、到四个力的作用故A错误；对A，开始受重力、B对A的支持力和静摩擦力平衡，三力平衡，A所受的静摩擦力大小为mAgsin，当施加F后，仍然处于静止，若F2mAgsin，则A、B之间的摩擦力大小为f=F-mAgsinmAgsin，变大，故B错误；A与B始终静止，可知弹簧的形变量没有变化，根据胡克定律可知，施加F后，B受到弹簧的弹力不变故C错误；对整体分析，由于AB不动，弹簧的形变量不变，则弹簧的弹力不变，开始弹簧的弹力等于A、B的总重力，施加F后，弹簧的弹力不变，总重力不变，但F有竖直向上的分量，则根据平衡知，则B与墙之间一定有摩擦力且大小等于F沿竖直方向的分力，即f=Fsin，所以B与墙之间的摩擦

14、力一定小于2、B【答案解析】由于变压器的匝数比和输入的电压都不变，所以输出的电压也不变，所以电压表的示数不变. 当R2所在处出现火情时， R2的电阻减小，副线圈的总电阻减小，所以副线圈的总电流增大，原线圈的电流也增大，所以I1变大，因为副线圈电流增大，所以R1两端电压增大， R3两端电压减小，所以I2变小；故选B【答案点睛】变压器的动态分析问题和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流和电压的变化的情况3、D【答案解析】A.A、B两球所受的合力为它们之间的作用力与反作用力，小球所受合力F

15、大小相等，根据牛顿第二定律，故两球的加速度之比：，故A不符合题意；B.两球组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，从A开始运动到两球距离最近过程，两球间的距离减小，电场力（库仑力）做负功，系统电势能增加，故B不符合题意；C.由上可知，系统的电势能增加根据能量守恒定律，A的部分机械能转化为系统电势能，故A球减少的机械能大于B球增加的机械能，故C不符合题意；D.两球距离最近时，两球速度相等，由动量守恒定律得：，解得：，由动能定理可知，电场力对A做功大小，故D符合题意.故选D。4、C【答案解析】以球飞来的方向为正方向，则、，足球在这段时间内的加速度故C项正确，ABD三项错误5、C【答案解析】试题分析

16、：达到饱和时的状态是动态平衡状态.水蒸气达到饱和时，蒸发和凝结仍在继续进行，只不过蒸发和凝结的水分子个数相等而已，水蒸气达到饱和时，蒸发和凝结仍在继续进行，只不过蒸发和凝结的水分子数量相等而已，C正确。考点：本题考查了对饱和气体状态的理解点评：饱和水蒸气和溶解度其实是一样的，即一定温度下单位体积空气中最多能溶解的水蒸气的体积，这和化学平衡一样，蒸发现象还在进行，只是达到了一种平衡态。6、D【答案解析】试题分析：AB、当滑动变阻器的滑动触头P向b端移动时，接入电路中的增大，闭合电路总电流减小，内电压减小，路端电压增大，增大，两端电压减小，增大；错误CD、由于总的路端电压是增加的，而两端电压是减少

17、的，所以电压增加的比电压增加的多，即；C错误D正确故选D考点：电路的动态分析点评：动态问题分析思路总体来说是按照先部分后整体再部分的顺序，要充分利用电路中不变部分的电阻不变的特点，间接地讨论电路变化部分还要注意电源是有内阻的二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【答案解析】AD气体分子间有较大间距，所以分子的摩尔体积并不是实际分子所占空间的体积，故摩尔体积V与比值也不是实际单个分子的体积，故选项AD错误；BC单个分子的质量是气体的摩尔质量与阿伏伽德罗常数的比值，即由

18、于，故故选项BC正确故选BC。点睛：本题主要考查气体阿伏伽德罗常数的相关计算，注意气体分子体积的计算方法8、CD【答案解析】设物体的质量为m，在竖直方向上，由平衡条件得：mg=f，摩擦力：f=FN，FN为物体所受水平弹力在水平方向上，由牛顿第二定律得：FN=ma解得：则加速度的最小值为20m/s2，故选CD.9、AC【答案解析】A因古木样品中的比例正好是现代植物所制样品的二分之一，则可知经过的时间为一个半衰期，即该古木的年代距今约为5700年，A正确；B、具有相同的质子数，由于质量数不同，故中子数不同，B错误；C根据核反应方程可知，衰变为的过程中放出电子，即发出射线，C正确；D外界环境不影响放

19、射性元素的半衰期，D错误；故选AC。【答案点睛】半衰期；核反应方程。10、AD【答案解析】A断出直导线中电流方向为由南向北，由安培定则可判断出小磁针处的磁场方向垂直纸面向里，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动，A正确；BC开关闭合并保持一段时间后，左侧线圈中磁通量不变，线圈中感应电动势和感应电流为零，直导线中电流为零，小磁针恢复到原来状态， BC错误；D开关闭合并保持一段时间后再断开后的瞬间，左侧的线圈中磁通量变化，产生感应电动势和感应电流，由楞次定律可判断出直导线中电流方向为由北向南，由安培定则可判断出小磁针处的磁场方向垂直纸面向外，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动，D正确三、实验题：

20、本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）D （2）BCD （3）D （4）甲 【答案解析】（1）实验原理是等效原理，其等效性是指使两次橡皮筋与细绳套的结点都与某点O重合，故选D.（2）实验要方便、准确，两分力适当大点，读数时相对误差小，夹角不宜太大，也不宜太小，故A错误；在合力F不超过量程的前提下，两个分力F1、F2要尽量大些，选项B正确；为了准确记下拉力的方向，故采用两点描线时两点应尽量距离大一些，故细绳应长些，故C正确；实验中，弹簧秤必须与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度，故D正确；故选BCD；（3）对点O受力分析，受到两个弹簧的拉力和橡

21、皮条的拉力，如图，其中橡皮条长度不变，其拉力大小不变，Oa弹簧拉力方向不变，Ob弹簧拉力方向和大小都改变;根据平行四边形定则可以看出b的读数先变小后变大，a的读数不断变小，故ABC错误，D正确故选D（4）实验测的弹力方向沿绳子方向，即图中的AO方向，由于误差的存在，作图法得到的合力与实验值有一定的差别，即作图得出的合力方向与AO方向有一定的夹角，故甲更符合实验事实点睛：正确解答实验问题的前提是明确实验原理，了解具体操作和有关数据处理的方法以及误差分析，了解整个实验过程的具体操作，以及这些具体操作的意义，同时要熟练应用所学基本规律来解答实验问题12、B； C； F； 大于； 电压表的读数大于呆测

22、电阻两端实际电压； 【答案解析】试题分析：由于本题的被测电阻达到10k，所以电源要选择电动势大的，然后根据电路电流选择电流表，电压表；若采用限流接法，则电路中电流和电压变化不明显，故采用滑动变阻器的分压接法，根据和的关系分析电流表的接法；根据电流表的接法判断实验误差所在；若选用电源1.5V，由于被测电阻很大，电路中电流非常小，不利于实验，即电源选用12V的，即F；则电压表就应该选取B；电路中的最大电流为，故选用电流表C；因为给的滑动变阻器的最大阻值只有10，若采用限流接法，则电路中电流和电压变化不明显，故采用滑动变阻器的分压接法，由于，所以采用电流表内接法，电路图如图所示，由于电流表的分压，导

23、致电压测量值偏大，而电流准确，根据可知测量值偏大；【答案点睛】滑动变阻器的分压和限流接法的区别和选用原则：区别：（1）限流接法线路结构简单，耗能少；（2）分压接法电压调整范围大，可以从0到路端电压之间连续调节；选用原则：（1）优先限流接法，因为它电路结构简单，耗能较少；（2）下列情况之一者，须采用分压接法：当测量电路的电阻远大于滑动变阻器阻值，采用限流法不能满足要求时（本题就是该例子）；当实验要求多测几组数据（电压变化范围大），或要求电压从零开始调节；电源电动势比电压表量程大得多，限流法滑动变阻器调到最大仍超过电压表量程时电流表内接和外接的选用：当时，宜采用内接法，即大电阻用内接法；当时，宜采

24、用外接法，即小电阻用外接法；可记忆为“大内，小外”四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、；【答案解析】根据几何关系求得折射角的正弦值，根据求得折射率；根据发生全反射的条件求得在内表面上的入射角，根据几何关系即可求得在A点的入射角【题目详解】如图设光束经折射后到达内球面上B点，在A点，由题意可知，入射角 ，由几何关系有： 由折射定律得： 代入数据解得：；如图设在A点的入射角时，光束经折射后到达内球面上的C点，并在C点恰好发生全反射，则光束在内球面上的入射角恰等于临界角C，由 由正弦定理得： 又 由折射定律有： 解得：，因此入射角满足光线将射放空心球内部【答案点睛】本题主要考查了折射定律和全反射条件，解题的关键是抓住几何关系即