甘肃省宁县二中2023学年高二物理第二学期期末联考试题（含解析）

1、2023学年高二下学期物理期末模拟测试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图1所示，100匝的线圈（图中只画了2 匝）两端A、B与一个理想电压表相连。线圈内有指向纸内方向的匀强磁场，线圈中的磁通量在按图2所示规律变化。下列说法正确的是

2、AA端应接电压表正接线柱，电压表的示数为150VBA端应接电压表正接线柱，电压表的示数为50.0VCB端应接电压表正接线柱，电压表的示数为150VDB端应接电压表正接线柱，电压表的示数为50.0V2、如图，一质量为M、带有挂钩的小球套在倾角为 的细杆上，恰能沿杆匀速下滑若下滑过程中小球所受杆的作用力大小为F，且小球所受最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是（ ）A仅增大(90)，小球被释放后仍能沿杆匀速下滑B仅增大(90)，小球被释放后所受杆的作用力小于FC不变，仅在挂钩上再挂一个物体，小球被释放后将沿杆加速下滑D不变，仅在挂钩上再挂一个物体，小球被释放后所受杆的作用力仍等于F3、不计

3、空气阻力，以一定的初速度竖直上抛一物体，物体从被抛出至回到抛出点的运动时间为t.现在物体上升的最大高度的一半处设置一块挡板，物体撞击挡板前后的速度大小相等、方向相反，撞击所需时间不计，则这种情况下物体上升和下降的总时间约为()A0.5tB0.4tC0.3tD0.2t4、中国大科学装置“东方超环”（EAST）近期实现1亿摄氏度等离子体运行等多项重大突破。由于其内部核反应原理与太阳类似，因此“东方超环”也被称为“人造太阳”“人造太阳”采用的核反应方程可能是（）A92B1C92D25、如图所示小车的上面是中突的两个对称的曲面组成，整个小车的质量为m，原来静止在光滑的水平面上今有一个可以看作质点的小球

4、，质量也为m，以水平速度v从左端滑上小车，恰好到达小车的最高点后，又从另一个曲面滑下关于这个过程，下列说法正确的是（ ）A小球滑离小车时，小车又回到了原来的位置B小球在滑上曲面的过程中，对小车压力的冲量大小是C小球和小车作用前后，小车和小球的速度一定变化D车上曲面的竖直高度一定大于6、如图，光滑固定斜面的倾角为30，A、B两物体的质量之比为41，B用不可伸长的轻绳分别与A和地面相连，开始时A、B离地高度相同在C处剪断轻绳，当B落地前瞬间，A、B的速度大小之比为（ ）A1：1B2：1C1：3D1：2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目

5、要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个带正电粒子以初速度v0垂直于电场方向向右射入匀强电场区域，穿出电场后接着又进入匀强磁场区域设电场和磁场区域有理想的分界线，且分界线与电场方向平行，如图中的虚线所示在如图所示的几种轨迹中，正确的是（ ）ABCD8、如图所示，在光滑的桌面上有M、m两个物块，现用力F推物块m，使M、m两物块在桌上一起向右加速，则M、m间的相互作用力为（）ABC若桌面的摩擦因数为，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力为+MgD若桌面的摩擦因数为，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力仍为9、如图所示，A、B、C三颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周

6、运动，已知三颗卫星的质量关系为mA=mBmC，轨道半径的关系为rArB=rC，则三颗卫星（）A线速度大小关系为B加速度大小关系为C向心力大小关系为D周期关系为TATB=TC10、如图所示为交流发电机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为0.1T的匀强磁场中，从图示位置开始绕垂直于磁场方向的固定轴匀速转动，转动周期为6.1810-1s，线圈的匝数为100匝、阻值为10，面积为0.1m1线圈的两端经集流环与阻值为90的电阻R连接，与R并联的交流电压表为理想电表（取3.14），下列说法正确的是A线圈在图示位置磁通量的变化率最大B经过八分之一周期，通过电阻R的电荷量为C电动势的有效值为100VD交流电压表

7、的示数为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学利用图甲所示的实验装置，探究物体在水平桌面上的运动规律，物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离后停桌面上（尚未到达滑轮处）从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图乙所示打点计时器电源的须率为（不计空气阻力，）（1）通过分析纸带数据，可判断重物在两相邻计数点_和_之间某时刻落地.（2）计数点5对应的速度大小_（保留三位有效数字）（3）物块减速运动过程中加速度的大小为_.（保留三位有效数字）（4）物块与桌面的动摩擦因数为_12（12分）

8、两位同学用如图甲所示装置，通过半径相同的A、B两球的碰撞来验证动量守恒定律（1）实验中必须满足的条件是_A斜槽轨道尽量光滑以减小误差B斜槽轨道末端的切线必须水平C入射球A每次必须从轨道的同一位置由静止滚下D两球的质量必须相等（2）测量所得入射球A的质量为mA，被碰撞小球B的质量为mB，图甲中O点是小球抛出点在水平地面上的垂直投影，实验时，先让入射球A从斜轨上的起始位置由静止释放，找到其平均落点的位置P，测得平抛射程为OP；再将入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，与小球B相撞，分别找到球A和球B相撞后的平均落点M、N，测得平抛射程分别为OM和ON当所测物理量满足表达式_时，即说明两球碰撞中动量守

9、恒；如果满足表达式_时，则说明两球的碰撞为完全弹性碰撞（1）记录纸上的O点是重垂线所指的位置，若测得各落点痕迹到O的距离：OM=2.68 cm，OP=8.62 cm，ON=11.50 cm，并知两球的质量分别为mB=10 g与mA=20 g，系统碰撞前总动量p与碰撞后总动量p的百分误差=_%（结果保留一位有效数字）（4）乙同学也用上述两球进行实验，但将实验装置进行了改装：如图乙所示，将白纸、复写纸固定在竖直放置的木条上，用来记录实验中球A、球B与木条的撞击点实验时，首先将木条竖直立在轨道末端右侧并与轨道接触，让入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，撞击点为B；然后将木条平移到图中所示位置，入射球

10、A从斜轨上起始位置由静止释放，确定其撞击点P；再将入射球A从斜轨上起始位置由静止释放，与球B相撞，确定球A和球B相撞后的撞击点分别为M和N测得B与N、P、M各点的高度差分别为h1、h2、h1若所测物理量满足表达式_时，则说明球A和球B碰撞中动量守恒四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，两根等高的四分之一光滑圆弧轨道，半径为r、间距为L，图中Oa水平，cO竖直，在轨道顶端连有一阻值为R的电阻，整个装置处在一竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度为B现有一根长度稍大于L、质量为m、电阻不计的金属棒从轨道的顶端

11、ab处由静止开始下滑，到达轨道底端cd时受到轨道的支持力为2mg.整个过程中金属棒与导轨接触良好，轨道电阻不计，求：(1)金属棒到达轨道底端cd时的速度大小和通过电阻R的电流；(2)金属棒从ab下滑到cd过程中回路中产生的焦耳热和通过R的电荷量；(3)若金属棒在拉力作用下，从cd开始以速度v0向右沿轨道做匀速圆周运动，则在到达ab的过程中拉力做的功为多少？14（16分）把一根长L=10cm的导线垂直磁感线方向放入如图所示的匀强磁场中，当导线中通以I1= 2A的电流时，导线受到安培力大小为 1.0107N，则该磁场的磁感应强度为 T，若该导线中通以I2= 3A的电流，则此时导线所受安培力大小是

12、N.15（12分）如图甲所示，空间存在方向竖直向下、磁感应强度大小B=0.5T的匀强磁场，有两条平行的长直导轨MN、PQ处于同水平面内，间距L=0.2m，左端连接阻值R=0.4的电阻。质量m=0.1kg的导体棒垂直跨接在导轨上，与导轨间的动摩擦因数=0.2。从t=0时刻开始，通过一小型电动机对棒施加一个水平向右的牵引力，使棒从静止开始沿导轨方向做加速运动，此过程中棒始终保持与导轨垂直且接触良好。除R以外其余部分的电阻均不计，取重力加速度大小g=10m/s2。若电动机保持恒定功率输出，棒的v-t如图乙所示（其中OA是曲线，AB是水平直线），已知010s内电阻R上产生的热量Q=30J，则求：(1)

13、导体棒达到最大速度vm时牵引力大小；(2)导体棒从静止开始达到最大速度vm时的位移大小。2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【答案解析】线圈相当于电源，由楞次定律可知A相当于电源的正极，B相当于电源的负极。故A应该与理想电压表的正接线柱相连。由法拉第电磁感应定律得：AA端应接电压表正接线柱，电压表的示数为150V，与结论不相符，选项A错误；BA端应接电压表正接线柱，电压表的示数为50.0V，与结论相符，选项B正确；CB端应接电压表正接线柱，电压表的示数为150V，与结论不相符，

14、选项C错误；DB端应接电压表正接线柱，电压表的示数为50.0V，与结论不相符，选项D错误；故选B.2、B【答案解析】AB、当球形物体沿细杆匀速下滑时，由力的平衡条件可知细杆的弹力：，且，解得，球被释放后所受杆的作用力，仅增大(90)，则有球形物体的重力沿杆的分力大于杆对球形物体的摩擦力，小球被释放后沿杆加速下滑，小球被释放后所受杆的作用力变小，故A错误，B正确；D、当挂上一质量为m的物体时，以两物体整体为研究对象，沿杆向下的重力分力为：，细杆所受的压力大小为：，细杆所受的压力变大，由牛顿第三定律可知，D错误；C、球形物体所受的摩擦力即沿杆向上的力，大小为：，摩擦力增大，分析可知F1=F2，因此

15、球形物体仍沿细杆匀速下滑，故C错误；故选B3、C【答案解析】物体做竖直上抛运动，从抛出至回到原点的时间为t，根据对称性可得，物体下降时间为0.5t，故高度为物体自由落体运动0.5h过程，有联立解得故第二次物体上升和下降的总时间故选C。4、B【答案解析】“人造太阳”利用类似于太阳的核聚变原理产生能量，与核电站中的核裂变不同，其核聚变方程式为：1A. 92238B. 13C. 92235D. 245、B【答案解析】A.小球滑上曲面的过程，小车向右运动，小球滑下时，小车还会继续前进，故不会回到原位置，故A错误B.由小球恰好到最高点，知道两者有共同速度，根据动量守恒有，小球对小车压力的冲量等于小车动量

16、的变化量，即，B正确；C.由于系统满足动量守恒定律，系统机械能又没有增加，结合小球与小车的质量相等，弹性碰撞类似，可知，相互作用结束后小车的速度仍然等于0，小球的速度仍为v，故C不正确；D.根据能量关系，有，解得，D错误6、D【答案解析】设B距地面的高度为h，剪断轻绳后，B做自由落体运动，A沿斜面向下做匀加速运动，故对B有：，解得：，下落时间；对A沿斜面下滑，加速度为，B落地时A获得的速度，则，故选D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【答案解析】根据电场中粒子

17、的运动情况可以知道ACD中粒子带正电，进入磁场根据左手定则判断受力方向，继而可得AD正确，C错B图中粒子带负电，进入磁场后应该向下偏，则B错8、BD【答案解析】根据牛顿第二定律，对整体有：a= ；对M：N=Ma=故B正确，A错误；根据牛顿第二定律得：对整体有：；对M：NMg=Ma，得：N=Mg+Ma=故D正确，C错误。【答案点睛】本题是连接类型的问题，关键是灵活选择研究对象对于粗糙情况，不能想当然选择C，实际上两种情况下MN间作用力大小相等9、BD【答案解析】根据万有引力提供向心力：，解得：，由图示可知：rArB=rC，所以vAvB=vC，故A错误；根据万有引力提供向心力：，解得：，由图示可知

18、：rArB=rC，所以aAaB=aC，故B正确；向心力为，由题意知三颗卫星的质量关系为mA=mBmC，轨道半径的关系为rArB=rC，所以可以判断：FAFB，FBFC，故C错误；根据万有引力提供向心力：，解得：，由图示可知：rArB=rC，所以TATB=TC，故D正确所以BD正确，AC错误10、ABD【答案解析】线圈在图示位置磁通量为零，但磁通量的变化率最大，选项A正确；经过八分之一周期，通过电阻R的电荷量为，选项B正确； ，电动势的最大值：；电动势的有效值E=，选项C错误；交流电压表的示数为，选项D正确；故选ABD.点睛：解决本题时要知道正弦式交流电峰值的表达式Em=nBS，以及知道峰值与有

19、效值的关系求热量要用电流的有效值，求电荷量要用电流的平均值，最好记住求解电量的表达式 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、6 7 1.00 2.00 0.2 【答案解析】(1)12 从纸带上的数据分析得知：在点计数点6之前，两点之间的位移逐渐增大，是加速运动，位移的增量为定值，均为2cm，而在6、7间增加的位移小于2cm； 故说明在6、7间物体即开始减速；(2)3 每5个点取1个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上某点时小车的瞬时速度大小计数点5对应的

20、速度大小为(3)4 计数点根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出物块加速运动过程中加速度，得：而物块减速运动过程中加速度，得：因此减速运动过程中加速度的大小为2.00m/s2；(4)5 设物块的质量为M，而重物质量为m；根据f=Mg再由牛顿第二定律，f=Ma则有：12、BC mAOP=mAOM+mBON mAOP2=mAOM2+mBON2 2 【答案解析】（1）“验证动量守恒定律”的实验中，是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，只要离开轨道后做平抛运动，对斜槽是否光滑没有要求，故A错误；要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须水平，故B正确；要保证碰撞前的速度相同，所以入射

21、球每次都要从同一高度由静止滚下，故C正确；为了使小球碰后不被反弹，要求入射小球质量大于被碰小球质量，故D错误（2）小球离开轨道后做平抛运动，由于小球抛出点的高度相同，它们在空中的运动时间t相等，它们的水平位移x与其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若两球相碰前后的动量守恒，则mAv0=mAv1+mBv2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：mAOP=mAOM+mBON；若碰撞是弹性碰撞，则机械能守恒，由机械能守恒定律得：mAv02=mAv12+mBv22，将OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：mAOP2=mAOM2+mBON2（1）由（2）知（4）小球做平抛运动，在竖直方向上：h=gt2，平抛运动时间：t=，设轨道末