四川省成都市邛崃实验中学2023年高三物理模拟试卷含解析

1、四川省成都市邛崃实验中学2023年高三物理模拟试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 宇航员在探测某星球时，发现该星球半径为R，表面均带负电且电量为Q，星球表面无大气。在一次实验中，宇航员将一带负电、电量为q(qQ)、质量为m的小球置于距星球表面h高处，该小球恰好处于悬浮状态。则下列说法中正确的是（ ） A、若宇航员将此小球带到距该星球表面2h高处，无初速释放，则此带电小球仍将处于悬浮状态 B、若宇航员将此小球从该星球表面竖直上抛，则小球将做匀速直线运动 C、若宇航员将此小球从该星球表面水平抛出，则小球将绕星球表面做匀速圆周运动 D、若宇航员

2、将此小球从该星球表面水平抛出，则小球将做平抛运动最后落到星球表面参考答案：AB2. （多选）如图（甲）所示，质量=0.5kg，初速度=10m/s的物体，受到一个与初速度方向相反的外力F的作用，沿粗糙的水平面滑动，经3s撤去外力，直到物体停止，整个过程物体的图象如图（乙）所示，取10m/s2。则 A物体与地面的动摩擦因数为0.1B02s内F做的功为- 8JC07s内物体摩擦生热的平均功率为0.25WD3s时摩擦力对物体做功的瞬时功率为2W参考答案：AB3. 一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，得到弹力与弹簧长度的图象如右图所示下列表述正确的是_(填选

3、项前的字母)Aa的原长比b的长Ba的劲度系数比b的大Ca的劲度系数比b的小Da测得的弹力与弹簧的长度成正比参考答案：B4. 下列叙述正确的是_A扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动B布朗运动就是液体分子的运动C分子间距离增大，分子间作用力一定减小D物体的温度越高，分子运动越激烈，每个分子的动能都一定越大参考答案：5. （单选）将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷量分别用d、U、E和Q表示下列说法正确的是()A保持Q不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的一半B保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍C保持d不变，将Q变为原来的一半，则E变为原来的一半D

4、保持d不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的一半参考答案：C二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 22.（4分）如图所示甲、乙两图为常用的电流表和电压表的刻度盘，在甲图中如果接入电路的“+”和“-0.6”两个接线柱，则表的示数为_，如果接入电路的是“+”和“-3”两个接线柱，则表的示数为_. 在乙图中，若选用的量程为015 V，则表的示数为_，若选用的量程为03 V，则表的示数为_.参考答案：7. （4分） 如图，在半径为R的水平圆板中心轴正上方高h处水平抛出一球，圆板做匀速转动。当圆板半径OB转到图示位置时，小球开始抛出。要使球与圆板只碰一次，且落点为B，小球的初速度v0

5、= ，圆板转动的角速度= 。参考答案： 答案：；2n8. (5分)一把均匀等臂直角尺 AOB，质量为 20kg，顶角 O装在顶板上的水平轴上，直角尺可绕轴在竖直平面内转动，在A端下通过细绳拉着一个质量为10kg的重物P，细绳竖直方向，臂OB与竖直方向夹角为60O，如图所示，此时细绳的拉力F 牛；重物P对地面的压力N 牛。参考答案： 答案：36.6 63.4 9. 登山运动员在登雪山时要注意防止紫外线的过度照射，尤其是眼睛更不能长时间被紫外线照射，否则将会严重地损坏视力。有人想利用薄膜干涉的原理设计一种能大大减小紫外线对眼睛的伤害的眼镜。他选用的薄膜材料的折射率为n=1.6，所要消除的紫外线的频

6、率为7.5Hz。则该紫外线在薄膜材料中的波长为 m；要减少紫外线进入人眼，该种眼镜上的镀膜的最少厚度为 m.参考答案： 为了减少进入眼睛的紫外线，应该使入射光分别从该膜的前后两表面的反射光的叠加后加强以加强光的反射，因此光程差应该是光波长的整数倍，即： 而由波长、频率和波速的关系：在膜中光的波长为：；联立得：所以当m=1时，膜的厚度最小，即10. 一定质量的理想气体，从初始状态A经状态B、C再回到状态A，变化过程如图所示，其中A到B曲线为双曲线图中V0和P0为已知量（1）从状态A到B，气体经历的是等温（选填“等温”“等容”或“等压”）过程；（2）从B到C的过程中，气体做功大小为p0V0；（3）

7、从A经状态B、C再回到状态A的过程中，气体吸放热情况为放热（选填“吸热”、“放热”或“无吸放热”）参考答案： 解：（1）据题知A到B曲线为双曲线，说明p与V成反比，即pV为定值，由=c得知气体的温度不变，即从状态A到B，气体经历的是等温过程（2）从B到C的过程中，气体做功大小等于BC线与V轴所围的“面积”大小，故有：W=（p0+2p0）V0=p0V0；（3）气体从A经状态B，再到C气体对外做功，从C到A外界对气体，根据“面积”表示气体做功可知：整个过程气体对外做功小于外界对气体做功，而内能不变，根据热力学第一定律得知气体要放热故答案为：等温；p0V0；放热；【解析】11. 有两颗人造地球卫星，

8、它们的质量之比m1:m2=1:2，它们运行的线速度之比v1:v2=1:2那么它们运行的周期之比为 ，它们所受的向心力大小之比为 参考答案：8:11:3212. 在静电场中，一个带电量q=2.010-9C的负电荷从A点移动到B点，在这过程中，电场力做功8.010-5J，则A、B两点间的电势差UAB= V参考答案：UAB=-4104V13. 某同学设计了如下实验方案用来验证牛顿运动定律: (1)如图甲所示，将木板有定滑轮的一端垫起，把滑块通过细绳与带夹的重锤相连，然后跨过定滑轮，重锤下夹一纸带，穿过打点计时器。调整木板倾角，直到轻推滑块后，滑块沿木板匀速运动。 (2)如图乙所示，保持长木板的倾角不

9、变，将打点计时器安装在长木板上靠近滑轮处，取下细绳和重锤，将滑块与纸带相连，使其穿过打点计时器，然后接通电源释放滑块，使之由静止开始加速运动。打点计时器使用的交流电的频率为50Hz，打出的纸带如图丙所示，A, B, C,D,E是纸带上五个计数点。 图乙中滑块下滑的加速度为_。(结果保留两位有效数字) 若重锤质量为m，滑块质量为M,重力加速度为g，则滑块加速下滑受到的合力为_。 某同学在保持滑块质量不变的情况下，通过多次改变滑块所受合力，由实验数据作出的a-F，图象如图丁所示，则滑块的质量为_kg.(结果保留两位有效数字)参考答案：三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 右图

10、为验证小球做自由落体运动时机械能守恒的装置图。图中O点为释放小球的初始位置，A、B、C、D各点为固定速度传感器的位置，A、B、C、D、O各点在同一竖直线上。(1)已知当地的重力加速度为g，则要完成实验，还需要测量的物理量是_；A小球的质量mB小球下落到每一个速度传感器时的速度vC各速度传感器与O点之间的竖直距离hD小球自初始位置至下落到每一个速度传感器时所用的时间t(2)作出v2-h图像，由图像算出其斜率k，当k_时，可以认为小球在下落过程中系统机械能守恒；(3)写出对减小本实验误差有益的一条建议：_。参考答案：(1)BC(2)2g(3)相邻速度传感器之间的距离适当大些(选质量大、体积小的小球

11、做实验或多测几次求平均) 解析：（1）小球做自由落体运动时，由机械能守恒定律得：mgh= mv2，即gh=v2，故需要测量小球下落到每一个速度传感器时的速度v和高度h，不需要测量小球的质量m和下落时间时间t故BC正确，AD错误（2）由mgh=mv2，得v2=2gh，则v2-h图象的斜率k=2g（3）为了减小测量的相对误差，建议相邻速度传感器间的距离适当大些；为减小空气阻力的影响，建议选用质量大、体积小的球做实验等15. 有同学利用如图所示的装置来验证力的平行四边形定则：在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根

12、绳子的拉力TOA、TOB和TOC，回答下列问题：（1）改变钩码个数，实验能完成的是（ ）A钩码的个数N1N22，N34 B钩码的个数N1N33，N24C钩码的个数N1N2N34 D钩码的个数N13，N24，N35 （2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是（ ） A标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向 B量出OA、OB、OC三段绳子的长度 C用量角器量出三段绳子之间的夹角 D用天平测出钩码的质量 （3）在作图时，你认为图中_ _是正确的(填“甲” 或“乙”)参考答案：(1) BCD (2) A (3) 甲四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图甲所示，两平行金属板长

13、度l不超过0.2 m，两板间电压U随时间t变化的图象如图乙所示。在金属板右侧有一左边界为MN、右边无界的匀强磁场，磁感应强度B =0.01 T，方向垂直纸面向里。现有带正电的粒子连续不断地以速度v0=105m/s射入电场中，初速度方向沿两板间的中线oo方向。磁场边界MN与中线oo垂直。已知带电粒子的比荷，粒子的重力和粒子之间的相互作用力均可忽略不计。(1) 在每个粒子通过电场区域的时间内，可以把板间的电场强度看作是恒定的。请通过计算并说明这种处理能够成立的理由；(2)设t=0.1 s时刻射人电场的带电粒子恰能从金属板边缘穿越电场射入磁场，求该带电粒子射出电场时速度的大小；(3) 对于所有经过电

14、场射入磁场的带电粒子，设其射人磁场的人射点和从磁场射出的出射点间的距离为d,试判断d的大小是否随时间变化？若不变，证明你的结论；若变化，求出d的变化范围。（请把答案写在答题卷上）参考答案：17. 如图所示，AB高h=0.6m，有一个可视为质点的质量为m=1kg的小物块，从光滑平台上的A点以某一初速度v0水平抛出，到达C点时，恰好沿C点的切线方向进入固定在水平地面上的光滑圆弧轨道，最后小物块滑上紧靠轨道末端D点的质量为M=3kg的长木板已知木板上表面与圆弧轨道末端切线相平，木板下表面与水平地面之间光滑，小物块与长木板间的动摩擦因数=0.3，圆弧轨道的半径为R=0.4m，C点和圆弧的圆心连线与竖直

15、方向的夹角=60，不计空气阻力，g取10m/s2求：（1）求平抛初速度v0（2）小物块刚要到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力；（3）要使小物块不滑出长木板，木板的长度L至少多大？参考答案：考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力专题：动能定理的应用专题分析：（1）AC过程由动能定理结合几何关系求解初速度（2）小物块由C到D的过程中，运用动能定理可求得物块经过D点时的速度到达圆弧轨道末端D点时，由重力和轨道的支持力的合力提供向心力，由牛顿第二定律列式，求出轨道对物块的支持力，再由牛顿第三定律求出物块对轨道的压力（3）物块滑上长木板后做匀减速运动，长木板做匀加速运动，小物块恰好不滑出长木板时，物

16、块滑到长木板的最右端，两者速度相等，根据动量守恒或牛顿运动定律、运动学公式结合和能量守恒求出此时木板的长度，即可得到木板的长度最小值解答：解：（1）小物块在C点时的速度为vC=AC过程由动能定理有：联解以上两式得：v0=2m/s，（2）小物块由C到D的过程中，由动能定理得mgR（1cos 60）=mvmv代入数据解得vD=2 m/s 小球在D点时由牛顿第二定律得，FNmg=m 代入数据解得FN=60 N 由牛顿第三定律得FN=FN=60 N 方向竖直向下 （3）设小物块刚滑到木板左端时达到共同速度，大小为v，小物块在木板上滑行的过程中，小物块与长木板的加速度大小分别为：a1=g=3 m/s2，a2=1 m/s2速度分别为：v=vDa1t v=a2t 对物块和木板系统，由能量守恒定律得mgL=mv（m+M）v2解得L=