四川省眉山市铧强中学高三物理期末试卷含解析

1、四川省眉山市铧强中学高三物理期末试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 空降兵在离地面224m高处.由静止开始在竖直方向做自由落体运动。段时间后.立即打开降落伞，以12.5m/s2的平均加速度匀减速下降.为了空降兵的安全，要求空降兵落地速度最大不得超过5m/s(g取10m/s2)。则A.空降兵展开伞时离地面高度至少为125m,相当于从2.5m高处自由落下 B.空降兵展开伞时离地面高度至少为125m,相当于从1.25m高处自由落下C.空降兵展开伞时离地面髙度至少为99m,相当于从1.25m高处自由落下 D.空降兵展开伞时离地面高度至少为99m

2、,相当于从2.5m高处自由落下 参考答案：设空降兵做自由落体运动的高度为h时速度为v，此时打开伞开始匀减速运动，落地时速度刚好为5m/s，这种情况空降兵在空中运动时间最短，则有v2=2gh，vt2v2=2a（Hh）解得h=125，v=50s,为使空降兵安全着地，他展开伞时的高度至少为Hh=224125=99,选项A、B错误；他以5m/s的速度着地时，相当于从h高处自由落下，由vt2=2gh,得h=1.25,选项D错误,C正确。2. （多选）下列说法中正确的是 。A衰变现象说明电子是原子核的组成部分B目前已建成的核电站的能量来自于重核裂变C一个氢原子从n=3的激发态跃迁到基态时，能辐射3种不同频

3、率的光子D卢瑟福依据极少数粒子发生大角度散射提出了原子核式结构模型E按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增大参考答案：BCE3. 在平面直角坐标系的x轴上关于原点O对称的P、Q两点各放一个等量点电荷后，x轴上各点电场强度E随坐标x的变化曲线如图所示。规定沿x轴正向为场强的正方向，则下列说法正确的是A. 将一个正试探电荷从P点沿x轴移向Q点的过程中电势能先增大后减小B. x轴上从P点到Q点的电势先降低后升高C. 若将一个正试探电荷从两点电荷连线的垂直平分线上的一侧移至另一侧对称点的过程中一定是电场力先做正功后做负功D. 若将一个正试探电荷

4、从两点电荷连线的垂直平分线上的一侧移至另一侧对称点的过程中受到的电场力可能先增大后减小参考答案：D【详解】由电场分布可知，P带正电荷，Q带负电荷，P、Q之间的电场线从P指向Q，则将一个正试探电荷从P点沿x轴移向Q点的过程中电场力做正功，则电势能一直减小，选项A错误；x轴上从P点到Q点的电势一直降低，选项B错误；两电荷连线的垂直平分线是等势面，则若将一个正试探电荷从两点电荷连线的垂直平分线上的一侧移至另一侧对称点的过程中电场力不做功，选项C错误；两电荷连线的垂直平分线上，在两电荷连线的中点处场强最大，则若将一个正试探电荷从两点电荷连线的垂直平分线上的一侧移至另一侧对称点的过程中受到的电场力先增大

5、后减小，选项D正确；4. （单选）如图所示，A是一边长为L的正方形导线框虚线框内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁场宽度为3L线框的bc边与磁场左右边界平行且与磁场左边界的距离为L现维持线框以恒定的速度v沿x轴正方向运动规定磁场对线框作用力沿x轴正方向为正，且在图示位置时为计时起点，则在线框穿过磁场的过程中，磁场对线框的作用力随时间变化的图象正确的是（） A B C D 参考答案：解：在整个过程中，线框进入和穿出磁场的过程中，只有一边切割磁感线，线框的磁通量一直变化，产生感应电流，根据楞次定律，安培力阻碍导体与磁场间的相对运动，可知安培力方向一直向左，沿负方向线框完全在磁场中运动时磁通量不变，不产生

6、感应电流，不受安培力，F=0，故B正确，ACD错误故选：B5. （单选）一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两条不同的轻质弹簧a和b，在弹性限度内得到弹力F与弹簧长度l的关系图像如图所示。设弹簧a与弹簧b的原长分别为l1和l2，劲度系数分别为k1和k2，下列选项中正确的是 ( )Al1l2 k1k2 Bl1l2 k1k2Cl1l2 k1k2 Dl1l2 k1k2参考答案：D二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 某同学利用图甲所示的实验装置，探究物块在水平桌面上的运动规律物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上(尚未到达滑轮处)从

7、纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图乙所示打点计时器电源的频率为50 Hz。（1）通过分析纸带数据，可判断物块在两相邻计数点_ _和 _之间某时刻开始减速（2）计数点5对应的速度大小为_m/s.(保留三位有效数字) （3）物块减速运动过程中加速度的大小为a_m/s2，若用来计算物块与桌面间的动摩擦因数(g为重力加速度)，则计算结果比动摩擦因数的真实值_(填“偏大”或“偏小”)参考答案：(1) _ 6 和 7 ，（2）0.99-1.02_m/s.(保留三位有效数字)（3）a 2.0_m/s2 ， _偏大_。 解析：从纸带上的数据分析得知：在点计数点6之前，两点之间

8、的位移逐渐增大，是加速运动，在计数点7之后，两点之间的位移逐渐减小，是减速运动，所以物块在相邻计数点6和7之间某时刻开始减速；v5= = =1.00m/sv6= = m/s=1.16m/s由纸带可知，计数点7往后做减速运动，根据作差法得：a=-2.00m/s2所以物块减速运动过程中加速度的大小为2.00m/s2在减速阶段产生的加速度的力是滑动摩擦力和纸带受的阻力，所以计算结果比动摩擦因素的真实值偏大故答案为：故答案为：6；7；1.00；1.16；2.00;偏大7. 一简谐横波在x轴上传播，t=0时的波形如图甲所示，x=200cm处质点P的振动图线如图乙所示，由此可以确定这列波的波长为 m，频率

9、为 Hz，波速为 m/s，传播方向为 （填“向左”或“向右”）。参考答案：1； 0.5； 0.5；向左8. 如图所示电路中，电源电动势E8V，内电阻r4， E r定值电阻R16，R为最大阻值是40的滑动变阻器则在滑动变阻器左右滑动过程中，电压表的最大读数为V，电源的最大输出功率为W参考答案：6.4 3.849. 如图（a）为验证牛顿第二定律的实验装置示意图.平衡小车所受的阻力的操作：取下 ，把木板不带滑轮的一端垫高；接通打点计时器电源，轻推小车，让小车拖着纸带运动如果打出的纸带如图（b）所示，则应 （减小或增大）木板的倾角，反复调节，直到纸带上打出的点迹 为止图（c）为研究“在外力一定的条件下

10、，物体的加速度与其质量的关系”时所得的实验图象，横坐标m为小车上砝码的质量设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，若牛顿定律成立，则小车受到的拉力为_，小车的质量为_ 参考答案：砝码（2分）（答沙桶或其他都不给分） 减小（2分） 间隔相等（均匀） （2分） （2分） 解析：设小车的质量为，则有，变形得,所以图象的斜率为，所以作用力，图象的截距为，所以.10. （4分）图示电路中，R112W，R26W，滑动变阻器R3上标有“20W，2A”字样，理想电压表的量程有0-3V和0-15V两档，理想电流表的量程有0-0.6A和0-3A两档。闭合电键S，将滑片P从最左端向右移动到某位置时，电压表、电流表

11、示数分别为2.5V和0.3A；继续向右移动滑片P到另一位置，电压表指针指在满偏的1/3，电流表指针指在满偏的1/4，则此时电流表示数为_A，该电源的电动势为_V。参考答案：0.15，7.5解析：由于题意当“继续向右移动滑片P到另一位置”电压表示数一定大于2.5V，电流表示数一定小于0.3A，再结合电压表指针指在满偏的1/3，电流表指针指在满偏的1/4，可知电压表的量程为0-15V，电流表的量程为0-0.6A，因此当滑片滑到下一位置是电流表的实数为；电压表的示数为5V；由串并联电路规律得：，得 ，由闭合电路欧姆定律得；同理：，得，由闭合电路欧姆定律以上各式联立解得：。11. 如图，ABCD是一个

12、正方形的匀强磁场区域，经相等加速电压加速后的甲、乙两种带电粒子分别从A、D射入磁场，均从C点射出，已知。则它们的速率 ，它们通过该磁场所用时间 。参考答案： 【答案】12. 长为L的轻杆上端连着一质量为m的小球，杆的下端用铰链固接于水平地面上的O点，斜靠在质量为M的正方体上，在外力作用下保持静止，如图所示。忽略一切摩擦，现撤去外力，使杆向右倾倒，当正方体和小球刚脱离瞬间，杆与水平面的夹角为，小球速度大小为v，此时正方体M的速度大小为_，小球m落地时的速度大小为_。参考答案：，（或）13. 2012年11月23日上午，舰载机歼-15在我国首艘航母“辽宁航”上成功起降可控核反应堆是驱动航空母舰的理

13、想设备，其工作原理是利用重核裂变反应释放出大量核能获得动力是若干核反应的一种，其中n为中子，X为待求粒子，为X的个数，则X是 （选填“质子”、“中子”或“电子”）， 参考答案：中子，2三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 在“研究匀变速直线运动”的实验中，打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz，记录小车运动的纸带如图所示，在纸带上选择6个计数点A、B、C、D、E、F，相邻两计数点之间还有四个点未画出，各点到A点的距离依次是2.0cm、5.0cm、9.0cm、14.0cm、20.0cm（1）根据学过的知识可以求出小车在B点的速度为vB=0.25m/sCE间的平均速度为0.

14、45m/s；（2）以打A点时为计时起点，建立vt坐标系如图所示请在图中作出小车运动的速度与时间的关系图线；（3）根据图线可得小车运动的加速度为1m/s2参考答案：考点：探究小车速度随时间变化的规律专题：实验题；压轴题；直线运动规律专题分析：根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小，CE间的平均速度可以用位移除以时间，最后根据速度时间图象解出斜率即是物体的加速度解答：解：（1）相邻两个计数点间的时间间隔为0.1 s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，所以vB= m/s=0.25 m/svCE= m/s=0.45 m

15、/s（2）vC=0.35m/svD=0.45m/svE=0.55m/s描点作vt图象如右图所示（3）在vt图象中图线的斜率表示加速度即a= m/s2=1 m/s2故答案为：（1）0.25 0.45 （2）图见解析 （3）1点评：注意速度时间图象中斜率表示其加速度，并要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用15. 如图所示为一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中背景方格的边长均为5cm，如果取g10m/s2，那么：（1）闪光频率是 Hz （2）小球运动中水平分速度的大小 _ m/s（3）小球经过B点时的速度大小是 _m/s参考答案：四、计算题

16、：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，让摆球从图中的C位置由静止开始摆下，摆到最低点D处，摆线刚好被拉断，小球在粗糙的水平面上由D点向右做匀减速运动，到达小A孔进入半径R=0.3m的竖直放置的光滑圆弧轨道，当摆球进入圆轨道立即关闭A孔。已知摆线长L=2m，=60，小球质量为m=0.5kg，D点与小孔A的水平距离s=2m，g取10m/s2。试求：（1）求摆线能承受的最大拉力为多大？（2）要使摆球能进入圆轨道并且不脱离轨道，求粗糙水平面摩擦因数的范围？参考答案：(1）10N；（2）0.350.5或者0.125 解析： （1）当摆球由C到D运动机械能守恒：mg(L-Lcos)=mvD2 由牛顿

17、第二定律可得：Fm-mg=m 可得：Fm =2mg=10N（2）小球不脱圆轨道分两种情况：要保证小球能达到A孔，设小球到达A孔的速度恰好为零，由动能定理可得：-1mgs=0-mvD2 可得：1=0.5若进入A孔的速度较小，那么将会在圆心以下做等幅摆动，不脱离轨道.其临界情况为到达圆心等高处速度为零，由机械能守恒可得： mvA2=mgR由动能定理可得：-2mgs= mvA2-mvD2 可求得：2=0.35若小球能过圆轨道的最高点则不会脱离轨道，在圆周的最高点由牛顿第二定律可得：mg=m由动能定理可得：-3mgs-2mgR= mv2-mvD2 解得：3=0.125综上所以摩擦因数的范围为：0.35

18、0.5或者0.12517. 如图15所示，有一区域足够大的匀强磁场，磁感应强度为B，磁场方向与水平放置的导轨垂直。导轨宽度为L，右端接有电阻R。MN是一根质量为m的金属棒，金属棒与导轨垂直放置，且接触良好，金属棒与导轨电阻均不计。金属棒与导轨间的动摩擦因数为，现给金属棒一水平初速度v0，使它沿导轨向左运动。已知金属棒停止运动时位移为x。求： （1）金属棒速度为v时的加速度为多大? （2）金属棒运动过程中通过电阻R的电量q； （3）金属棒运动过程中回路产生的焦耳热Q；参考答案：18. 如图所示，质量为mB的木板B放在水平地面上，质量为mA的小物块A放在木板B上，一根轻绳一端拴在物块A上，另一端固定在竖直墙壁上，绳绷紧时与竖直方向的夹角为已知物块A与木板B间、木板B与水平地面间的动摩擦因数均为，重力加速度为g，现用水平力F将木板B从物块A下匀速拉动，求此时绳的拉力T以及水平拉力F的大小参考答案：考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下