山西省长治市郝家庄乡高河联校中学高二物理月考试题含解析

1、山西省长治市郝家庄乡高河联校中学高二物理月考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 牛顿运动定律是经典力学的基础。以下对牛顿运动定律的理解中正确的是A牛顿第一定律指出物体只有保持匀速直线运动状态或静止状态时才具有惯性 B牛顿第二定律指出物体加速度的方向与物体所受合力的方向一致 C牛顿第三定律指出物体间的作用力与反作用力是一对平衡力 D牛顿运动定律不仅适用于低速运动的宏观物体，也适用于高速运动的微观粒子参考答案：B2. 在同一地点，甲、乙两物体沿同一方向做直线运动的速度时间图象如图所示，则A两物体两次相遇的时刻是2s末和6s末B4s后甲在乙前面

2、 C两物体相距最远的时刻是2s末D乙物体先向前运动2s，随后向后运动参考答案：A3. 下列各图中能够正确描述简谐运动的物体加速度与位移的关系图象是（ ） 参考答案：B4. 地面附近空间存在水平方向的匀强电场和匀强磁场，已知磁场方向垂直纸面向里，电场方向水平向右，一个带电油滴能沿一条与竖直方向成的直线MN运动（MN在竖直平面内），如图所示，则以下判断正确的是A可能是带正电的油滴，从M点运动到N点B可能是带正电的油滴，从N点运动到M点C可能是带负电的油滴，从M点运动到N点D可能是带负电的油滴，从N点运动到M点参考答案：D5. 如图所示，理想变压器原线圈接一交流电源，副线圈回路中有一定值电阻R和两个

3、小灯泡L1、L2，最初电键S是断开的，现闭合电键S，则（）A副线圈两端电压变大B灯泡L1变亮C电流表A1示数变大D电阻R0中的电流变小参考答案：C【考点】变压器的构造和原理【分析】输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据理想变压器的原理分析即可【解答】解：A、由于输入的电压的大小和变压器的匝数比不变，所以变压器的输出的电压始终不变，故A错误；B、当S接通后，电路的总电阻减小，总电流变大，所以电阻R上消耗的电压变大，由于输出的电压不变，所以灯泡L1的电压减小，故灯泡L1变暗，故B错误；C、当S接通后，电路的总电阻减小，

4、总电流变大，而变压器的匝数比不变，所以原线圈中的电流增大，故C正确；D、当S接通后，原线圈电路的总电阻减小，总电流变大，故D错误；故选C二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 图中A、B、C、D是匀强电场中一边长为2m的正方形的四个顶点。已知A、B、C三点的电势分别为15V，3V，3V。由此可得D点电势_V，该匀强电场的场强E=_N/C。参考答案：7. 两种材料不同的电阻丝，长度之比为15，截面积之比为23，电阻之比为25，则材料的电阻率之比为 。参考答案：8. 如图所示，为一个多用表的刻度盘，当多用表选择开关置于“0.6A”档位时，指针如图中位置所示，测出的电流强度为 A；当

5、选择开关置于“3V”档位时，指针如图中位置所示，测出的电压为 V.参考答案：9. 在光滑的水平面上有两个电量分别为Q1、 Q2的带异种电荷的小球，Q14Q2，m24m1问：要保持两小球距离不变，可以使小球做匀速圆周运动；两小球的速度大小之比为 (只受库仑力作用)参考答案：4：1 10. （6分）如图所示，MON是固定的光滑绝缘直角杆，MO沿水平方向，NO沿竖直方向，A、B为两个套在此杆上的带有同种电荷的小球。用一指向竖直杆的水平力F作用在A球上，使两球均处于静止状态。现将A球沿水平向右方向缓慢拉动一小段距离后，A、B两小球可以重新平衡。则后种平衡状态与前一种平衡状态相比较， A、B两小球间的库

6、仑力 ；A球对MO杆的压力 。（选填变大，变小或不变） 参考答案：变小，不变（各3分） 11. 一条平直的电场线上有A、B、C三点，把m=210-9kg，q=-210-9C的粒子从A点移到B点，电场力做1.510-7J的正功，再把该电荷从B点移到C点，电场力做功-410-7J，则UAB=_V，UCA=_V. 参考答案：UAB= -75 V，UCA=_-125_V.12. 如图10所示，匀强磁场的磁感应强度B=0.1T，导体ab可在平行金属导轨上自由滑动，导轨宽cd=0.2m若导体ab以v=10m/s的速度向右匀速运动，则ab中的感应电动势的大小为_V，通过ab中的感应电流的方向为_（选填“a至

7、b”或“b至a”）参考答案：0.2 b至a13. 如图所示，用某种透光物制成的直角三棱镜ABC；在垂直于AC面的直线MN上插两枚大头针P1、P2，在AB面的左侧透过棱镜观察大头针P1、P2的像，调整视线方向，直到P1的像_，再在观察的这一侧先后插上两枚大头针P3、P4，使P3_，P4_.记下P3、P4的位置，移去大头针和三棱镜，过P3、P4的位置作直线与AB面相交于D，量出该直线与AB面的夹角为45.则该透光物质的折射率n_，并在图中画出正确完整的光路图参考答案：让P2的像挡住(1分) 挡住P1、P2的像(1分) 挡住P3以及P1、P2的像(1分) (2分) 见解析图(2分) 三、 实验题：本

8、题共2小题，每小题11分，共计22分14. 在“探究功与速度变化关系”的实验中，某实验研究小组的实验装置如图甲所示，弹簧与木块接触但并没有拴连。木块从A点静止释放后，在1根弹簧作用下弹出，沿足够长的木板运动到B1点停下，O点为弹簧原长时所处的位置，测得OB1的距离为L1，并记录此过程中弹簧对木块做的功为W0。用完全相同的弹簧2根、3根并列在一起进行第2次、第3次实验，每次实验木块均从A点释放，木块分别运动到B2、B3停下，测得OB2、OB3的距离分别为L2、L3作出弹簧对木块做功W与木块停下的位置距O点的距离L的图象如图乙所示。（1）根据图线分析，弹簧对木块做功W与木块在O点的速度vo之间的关

9、系为 （2）WL图线不通过原点的原因是 （3）求出弹簧被压缩的长度为 cm参考答案：W与成线性关系，通过AO段摩擦力做功未计，3ks5u15. 在“用多用表测电阻”的实验中，下列说法正确的是A改变电阻档的量程时，需要重新调整电阻档调零旋钮B欧姆档指针恰好指示在20与30的正中央，所测电阻的阻值一定小于25C使用多用电表前，红、黑表笔分别插入负、正插孔，D多用表使用完毕后，应将选择开关置于欧姆最大档，以防表头烧坏参考答案：四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示的电路中，已知R1=4，电流表的读数I=0.75A，电压表读数U=2.0V，经一段时间后一电阻断路，使电流表的读数变为I=0

10、.80A，而电压表的读数变为U=3.2V，求：（1）发生断路的电阻是哪一个？（2）电源电动势和内阻各是多少？参考答案：解：（1）因某电阻烧断，电流表、电压表示数均增大，若R1、R3断路，电流表或电压表无读数，可断定发生断路的电阻是R2（2）由R2烧断后：电压表的示数等于路端电压，则 R3=4根据闭合电路欧姆定律得 U=EIr即有 3.2=E0.8rR2未烧断时：路端电压 U=R1I=40.75V=3V通过R1的电流 I1=A=0.25A 总电流：I0=I3+I=0.25A+0.75A=1.0A 则有U=EI0r即 3=Er联立解得 E=4V r=1答：（1）发生断路的电阻是R2（2）电源电动势

11、和内阻各是4V和1【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】（1）由题意，电路中某一电阻断路后，两电表的读数都变大，不可能是R3和R1断路，否则变化后电压表或电流表无读数，只可能R2断路（2）R2断路时，电压表读数等于电阻R3的电压，由欧姆定律求出R3根据闭合电路欧姆定律对发生断路前后列方程，组成方程组求解电动势和内电阻17. 如图所示装置由AB、BC、CD三段轨道组成，轨道交接处均由很小的圆弧平滑连接，其中轨道AB、CD段是光滑的，水平轨道BC的长度x=5m轨道CD足够长且倾角=37，A、D两点离轨道BC的高度分别为h1=4.30m，h2=1.35m。现让质量为m的小滑块自A点由静止释小滑块与轨道B

12、C间的动摩擦因数=0.5，重力加速度取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8。求：（1）小滑块第一次到达D点时的速度大小；（2）小滑块第二次通过C点时的速度大小；（3）小滑块最终停止的位置距B点的距离参考答案：（1） （2） （3）【分析】研究滑块从A点运动到D点的过程，根据动能定理求出第一次到达D点的速度大小；研究从D到C的过程，根据动能定理求滑块第二次通过C点时的速度大小；对全过程运用动能定理，求出小滑块最终停止的位置距离B点的距离；解：(1)小物块从A到D的过程中，由动能定理得：代入数据得：(2)从D到C的过程，由动能定理得：代入数据得：(3)滑块最终静止在BC上,对全过程,运用动能定理得：代入数据解得：则距离B点的距离为：18. 如图3-3所示，用质量为m，电阻为R的均匀导线做成边长为l的单匝正方形线框MNPQ，线框每一边的电阻都相等将线框置于光滑绝缘的水平面上，在线框的右侧存在竖直方向的有界匀强磁场，磁场边界间的距离为2l，磁感应强度为B在垂直MN边的水平拉力作用下，线框以垂直磁场边界的速度v匀速穿过磁场在运动过程中线框平面水平，且MN边与磁场的边界平行求：(1)线框MN边刚进入磁场时，线框中感应电流的大小；(2)线框MN边刚进入磁场时