广东省揭阳市蓝田中学2022-2023学年高三物理上学期期末试题含解析

1、广东省揭阳市蓝田中学2022-2023学年高三物理上学期期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （04年全国卷）图中电阻R1、R2、R3的阻值相等，电池的内阻不计。开关K接通后流过R2的电流是K接通前的（ ） A B C D参考答案：答案：B2. 如图所示是一列简谐横波t = 0时刻的图象，质点M位于波峰位置经过t = 0.4 s时间，第一次重复出现图示的波形根据以上信息，下列说法正确的是 （） At = 0.2 s时刻质点M的速度最大 B波的传播速度的大小v = 10 m/s Ct = 1 s时间内质点M经过的路程是25 cm Dt =

2、 1 s时间内质点M经过的路程是10 cm参考答案：B3. 如图所示，小车沿水平面做直线运动，小车内光滑底面上有一物块被压缩的弹簧压向左壁，小车向右加速运动。若小车向右加速度增大，则车左壁受物块的压力F1和车右壁受弹簧的压力F2的大小变化是( )AF1不变，F2变大 BF1变大，F2不变CF1、F2都变大 DF1变大，F2减小参考答案：B由题意知小车向右加速运动加速度增大过程中，被压缩的弹簧形变量一直未变化，所以不变，四个选项对比易得只有B正确。4. 如图所示，在真空中，ab、cd是圆O的两条直径，在a、b两点分别固定有电荷量为+Q和-Q的点电荷，下列说法正确的是 Ac、d两点的电场强度相同，

3、电势也相同 Bc、d两点的电场强度不同，但电势相同 C将一个正试探电荷从c点沿直线移动到d点，电场力做功为零 D一个正试探电荷在c点的电势能大于它在d点的电势能参考答案：D5. 如图所示，质量为的物体置于水平地面上，所受水平拉力F在2s时间内的变化图象如图甲所示，其运动的速度图象如图乙所示，g=10m/s2。下列说法正确的是 A物体和地面之间的动摩擦因数为0.1 B水平拉力F的最大功率为10WC2s末物体回到出发点 D2s内物体的加速度不变参考答案：AB二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 某压榨机的结构如图所示，其中B为固定绞链， C为质量可忽略不计的滑块，通过滑轮可沿光滑

4、壁移动，D为被压榨的物体.当在铰链A处作用一垂直于壁的压力F时，物体D所受的压力等于_参考答案：5F7. 如图甲所示，垂直纸面向里的有界匀强磁场磁感应强度B=1.0 T，质量为m=0.04 kg、高h=0.05 m、总电阻R=5 、n=100匝的矩形线圈竖直固定在质量为M=0.08kg的小车上，小车与线圈的水平长度l相同当线圈和小车一起沿光滑水平面运动，并以初速度v1=10 m/s进入磁场，线圈平面和磁场方向始终垂直。若小车运动的速度v随车的位移x变化的vx图象如图乙所示，则根据以上信息可知 （ ） A小车的水平长度l=15 cm B磁场的宽度d=35cm C小车的位移x=10 cm时线圈中的

5、电流I=7 A D线圈通过磁场的过程中线圈产生的热量Q=1.92J参考答案：C8. 在“用单摆测定重力加速度”的某次实验中，摆长为L的单摆完成n次全振动的时间为t，则单摆的周期为，重力加速度大小为参考答案： t/n ，9. 氡核（）发生衰变后变为钋（），其衰变方程为 ，若氡（）经过一系列衰变后的最终产物为铅（），则共经过 次衰变， 次衰变参考答案： (2分) 4 (1分)；4 10. 如图所示，一长为L、质量为m的均匀棒可绕O点转动，下端A搁在光滑球面上，用过球心的水平力向左推球若在图示位置棒与球相切，且与竖直方向成45时球静止，则水平推力F为 若球经过图示位置时水平向左的速度为v，则棒的端点

6、A的速度为 参考答案：； v【考点】力矩的平衡条件；运动的合成和分解【分析】根据力矩平衡条件，列出方程，求得球对棒的支持力，再对球受力分析，依据平衡条件，即可求解水平推力大小；对棒与球接触处进行运动的分解，确定两分运动，从而即可求解【解答】解：对棒受力分析，根据力矩平衡，由图可知，则有：mg=NL解得：N=再对球受力分析，依据平衡条件，则有：Ncos45=F解得：F=由题意可知，对棒与球接触处，进行运动的分解，如图所示：则有：vA=vcos45=v故答案为：； v11. 某同学利用竖直上抛小球的频闪照片验证机械能守恒定律频闪仪每隔0.05s闪光一次，如图中所标数据为实际距离，该同学通过计算得到

7、不同时刻的速度如下表（当地重力加速度取10m/s2，小球质量m=0.2kg，结果保留三位有效数字）：时刻t2t3t4t5速度（m/s）5.595.084.58（1）由频闪照片上的数据计算t5时刻小球的速度v5= m/s（2）从t2到t5时间内，重力势能增量Ep= J，动能减少量Ek= J（3）在误差允许的范围内，若Ep与Ek近似相等，从而验证了机械能守恒定律由上述计算得Ep Ek（选填“”“”或“=”），造成这种结果的主要原因是 参考答案：解：（1）在匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，所以有：v5=4.08 m/s（2）根据重力做功和重力势能的关系有：Ep=mg（h2

8、+h3+h4）=0.210（26.68+24.16+21.66）102 J=1.45J在匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，所以有：v2=5.59 m/sEk=m（v22v52）=0.2（5.59）2（4.08）2J=1.46 J（3）由上述计算得EpEk，由于纸带和打点计时器的摩擦以及空气阻力的存在，导致动能减小量没有全部转化为重力势能故答案为：（1）4.08（2）1.45，1.46（3），由于纸带和打点计时器的摩擦以及空气阻力的存在12. 如图所示为某一简谐横波在t0时刻的波形图，质点a的振动方向如图，由此可知该波沿_传播，该时刻a、b、c三点中速度最大的是_点，加

9、速度最大的是_点，从这一时刻开始，第一次最快回到平衡位置的是_点，若t0.02s时质点c第一次到达波谷处，则此波的波速为_m/s。参考答案：x轴方向 a c c 100m/s 13. （4分）已知在t1时刻简谐横波的波形如图中实线所示；在时刻t2该波的波形如图中虚线所示。t2t1 = 0.02s。若波的周期T满足0.01sT0.02s，且从t1时刻起，图中Q质点比R质点先回到平衡位置，则波速是_m/s。参考答案： 答案：400m/s三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. (6分)如图所示，在“验证机械能守恒定律”的实验中，已知打点计时器所用的交流电的频率为50Hz，查的当地

10、的重力加速度g=9.80m/s2，测的所用的重物的质量为1.00kg，实验中得到一条点迹清晰的纸带如图所示。把第一个点记做O，另选连续的4个点A、B、C、D作为测量的点。经测量知道A、B、C、D个点到O点的距离为62.99cm、70.14 cm、77.76 cm、85.37 cm。根据以上数据可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于_J；动能的增加量为_J；（取三位有效数字）。 参考答案：答案：7.62J 7.60J15. 实际电流表有内阻，可等效为理想电流表与电阻的串联测量实际电流表G1内阻r1的电路如图9所示供选择的仪器如下：待测电流表G1(05 mA，内阻约300 )，电流表G2(

11、010 mA，内阻约100 )，定值电阻R1(300 )，定值电阻R2(10 )，滑动变阻器R3(01 000 )，滑动变阻器R4(020 )，干电池(1.5 V)，开关S及导线若干图9(1)定值电阻应选_，滑动变阻器应选_(在空格内填写序号)(2)用连线连接实物图(3)补全实验步骤：按电路图连接电路，_；闭合开关S，移动滑动触头至某一位置，记录G1、G2的读数I1、I2；_；图10以I2为纵坐标，I1为横坐标，作出相应图线，如图10所示(4)根据I2I1图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式_参考答案：(1)根据电路的原理图，定值电阻应适当大一些，滑动变阻器采用分压接法时，应选用

12、阻值适当小一些的变阻器(2)连线时要注意电表的正负接线柱不能接反(3)略(4)根据串、并联电路规律可知：I2I1I1，所以k，所以r1(k1)R1.答案(1)(2)如图(3)将滑动触头移至最左端多次移动滑动触头，记录相应的G1、G2读数I1、I2(4)r1(k1)R1四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 在光滑水平地面上，静止着一个质量为M = 4 kg的小车如图所示，在车的最右端有一个质量为m = 1 kg的大小不计的物体，已知物体与小车之间的动摩擦因数为02，小车的长度L = 2 m，（1）要使物体相对于小车滑动，作用在小车上的水平恒力F至少要多大?（2）现在用恒定的水平力F = 1

13、4 N向右拉动小车，求F拉动3s时，小车的速度多大？ （设最大静摩擦力等于滑动摩擦力） （g = 10 m/s2）参考答案：（1）F至少为10N（2）9.5m/s17. 质量为的足够长平板车上表面水平，原来静止在光滑水平面上，平板车左端静止着一块质量为的物体，一颗质量为的子弹以的速度水平瞬间射穿后，速度变为，如果 、之间的动摩擦因数为0.5，求：（取）求平板车的最大速度；物体相对平板车的位移。参考答案：解：取方向为正方向 子弹与物体A相互作用过程满足动量守恒： 2分物体A与物体B互作用过程满足动量守恒： 2分解得 1分（全过程程用动量定理也可）物体A与物体B互作作用过程满足能量守恒 2分 2分

14、 解得 18. 摩天大楼中一部直通高层的客运电梯，行程超过百米电梯的简化模型如图1所示考虑安全、舒适、省时等因素，电梯的加速度a是随时间t变化的，已知电梯在t=0时由静止开始上升，at图象如图2所示电梯总质量m=2.0103kg，忽略一切阻力，重力加速度g取10m/s2（1）求电梯在上升过程中受到的最大拉力F1（2）类比是一种常用的研究方法对于直线运动，教科书中讲解了由t图象求位移的方法请你借鉴此方法，对比加速度和速度的定义，根据图2所示at图象，求电梯在第1s内的速度改变量1和第2s末的速率2；（3）求在011s时间内，拉力和重力对电梯所做的总功W参考答案：考点：动能定理；匀变速直线运动的位

15、移与时间的关系；牛顿第二定律专题：动能定理的应用专题分析：（1）由图读出电梯向上加速运动的最大加速度和减速运动的最大加速度大小，由牛顿第二定律求解最大拉力F1和最小拉力F2；（2）运用类比法可知，at图象与坐标轴所围的“面积”等于速度变化量，即可求出电梯在第1s内的速度改变量1，及电梯在2s内的速度改变量2，即求得第2s末的速率2；（3）由at图象可知，11s30s内速率最大，其值等于011s内at图线下的面积，由动能定理求解拉力和重力对电梯所做的总功W解答：解（1）由牛顿第二定律，有：Fmg=ma由at图象可知，F1和F2对应的加速度分别是：a1=1.0m/s2，a2=1.0m/s2F1=m（g+a1）=2.0103（10+1.0）N=2.2104N（2）类比可得，所求速度变化量等于第1s内at图线下的面积1=0.50m/s同理可得：2=20=1.5m/s0=0，第2s末的速率为：2=1.5m/s（3）由at图象可知，11s30s内速率最大，其值等于01