山东省枣庄市滕州育才中学2021-2022学年高二物理联考试题含解析

山东省枣庄市滕州育才中学2021-2022学年高二物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.一支架固定于放于水平地面上的小车上，细线上一端系着质量为m的小球，另一端系在支架上，当小车向左做直线运动时，细线与竖直方向的夹角为θ，此时放在小车上质量M的A物体跟小车相对静止，如图所示，则A受到的摩擦力大小和方向是（

）A．Mgsinθ，向左

B．Mgtanθ，向右C．Mgcosθ，向右

D．Mgtanθ，向左参考答案：B2.（单选）一物体自t=0时开始做直线运动，其速度图线如图所示．下列选项正确的是（）A．在0﹣6s内，物体离出发点最远距离为30cmB．在0﹣6s内，物体经过的路程为35cmC．在0﹣4s内，物体的平均速度大小为7.5m/sD．在5﹣6s内，物体所受的合外力做负功参考答案：A、0～5s，物体一直沿正向运动，5～6s沿负向运动，故5s末离出发点最远，最远距离为S=×10m/s×2s+10m/s×2s+×10m/s×1s=35m，故A错误；B、在0～6s内，物体经过的路程为S=×10m/s×2s+10m/s×2s+×10m/s×1s+×10m/s×1s=40m，故B错误．C、在0﹣4s内，物体的位移为x=×10m/s×2s+10m/s×2s=30m，平均速度为v===7.5m/s，故C正确．D、在5﹣6s内，物体做加速运动，动能增加，根据动能定理可知合外力做正功，故D错误．故选：C．3.(单选)在光滑水平面上相向运动的A、B两辆小车相撞后，一同沿A车原来的方向前进，可知（

）A．A车的质量一定大于B车的质量

B．撞前A车的速度一定大于B车的速度C．撞前A车的动量一定大于B车的动量D．撞前A车的动能一定大于B车的动能参考答案：C4.（多选题）已知：一个均匀带电的球壳在壳内任意一点产生的电场强度均为零，在壳外某点产生的电场强度等同于把壳上电量全部集中在球心处的点电荷所产生的电场强度，即：，式中R为球壳的半径，r为某点到球壳球心的距离，Q为球壳所带的电荷量，k为静电力常量。在真空中有一半径为R、电荷量为+Q的均匀带电球壳，球心位置O固定，P为球壳外一点，M为球壳内一点，如图11所示，以无穷远为电势零点，关于P、M两点的电场强度和电势，下列说法中正确的是：A．若Q不变，M点的位置也不变，而令R变小（M点仍在壳内），则M点的场强不变B．若Q不变，M点的位置也不变，而令R变小（M点仍在壳内），则M点的场强变大C．若Q不变，P点的位置也不变，而令R变小，则P点的场强不变D．若Q不变，P点的位置也不变，而令R变小，则P点的电势升高参考答案：AC5.如图所示，直线A为电源的U－I图线，直线B为电阻R的U－I图线；用该电源和电阻组成的闭合电路，电源输出功率和电路的总功率分别是（）

A．4W，8W

B．2W，4W

C．4W，6W

D．2W，3W参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.（4分）在玻尔的氢原子模型中,已知电子的第1条(即离核最近的那条)可能轨道的半径为r1,则第2条可能轨道的半径r2=________.电子在这第2条可能轨道上运动时的动能Ek=______.已知基本电荷为e,静电力恒量为k.参考答案：4r1；7.（4分）如图所示为甲、乙两单摆做简谐运动的图线，若g=9.8m/s2，甲的摆长L1为

；甲、乙两摆摆长之比为L1：L2为

；甲、乙两摆

摆角较大．

参考答案：1m，16：9，甲 解：甲摆的周期为2s，乙摆的周期为1.5s，根据单摆的周期公式T=2π得：L1==1m；L2==m；摆长L=，甲、乙两摆的周期比为4：3，则摆长比为16：9．单摆小角度摆动，甲摆的振幅为7cm，乙摆的振幅为3cm，根据A=Lθ，两个摆的摆角之比为：，故甲摆的摆角较大；8.甲、乙两物体在光滑水平面上沿同一直线相向运动,甲、乙物体的速度大小分别为3和1,碰撞后甲、乙两物体反向运动,速度大小均为2,则甲、乙两物体质量之比为__________.

参考答案：C试题分析：碰撞过程中动量守恒，根据动量守恒定律即可求解．由动量守恒定律得：P初=P末，根据得：，解得：，故选：C。考点：动量守恒定律．点评：本题是动量守恒定律的简单应用，难度不大，属于基础题．9.如图10所示，将α、β和γ三束射线射人磁场中，图中A束射线是γ射线，B束射线是

射线，C束射线是

射线。参考答案：10.（5分）欧姆表的电池用久后（但仍能调零）被测电阻的测量值与其真实值相比是

。（填写“偏大”或“偏小”）参考答案：偏大11.两个完全相同的带电小球，质量均为m且带有等量同种电荷,用两根长度相同的绝缘细线悬挂于同一点(如图所示),静止后两条细线张角为2θ.若细线长度为L，两个小球所带电荷量大小均为__________，悬线张力大小为_________．参考答案：

12.同一平面内的三个力，大小分别为4N、6N、7N，若三力同时作用于某一物体，则该物体所受三力合力的最大值为_________N和最小值为____________N．参考答案：

(1).17

(2).0解：三个共点力的方向都相同的时候合力最大，所以最大值为4N+6N+7N=17N；4N和6N和合力的范围是2N≤F≤10N，7N在这个范围内，当4N和6N和合力为7N，并且与第三个力7N方向相反的时候，所以合力最小就是0，所以合力的最小值为0N。13.如图用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差U，现使B板带正电，则（1）增大两极板之间的距离，静电计指针张角变 （2）将A板稍微上移，静电计指针张角将变 （3）若将玻璃板插入两板之间，则静电计指针张角变

参考答案：大

大

小三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.《用油膜法估测分子的大小》的实验中：（1）关于用油膜法粗测分子直径实验的科学依据，下列说法正确的是（

）A、将油膜看成单分子油膜

B、不考虑各油分子间的间隙C、考虑了各油分子间的间隙

D、将油膜分子看成球形（2）将1cm3的油酸溶于酒精，制成200cm3的油酸酒精溶液。已知1cm3溶液有50滴，现取1滴油酸酒精溶液滴在水面上，随着酒精溶于水，油酸在水面上形成一单分子薄层，已知这一薄层的面积为0.2m2，由此可估算油酸分子的直径为________________m。参考答案：1）ABD（3分，每选对一项给1分，有选错的给零分）（2）5×10-10

（3分）15.如图3为“碰撞中的动量守恒”实验装置示意图

入射小球1与被碰小球2直径相同，均为d，它们的质量相比较，应是m1____m2.为了保证小球做平抛运动，必须调整斜槽使_____________。某次实验中在纸上记录的痕迹如图4所示.测得OO/＝1.00厘米，O/a＝1.80厘米，ab＝5.72厘米，bc＝3.50厘米，入射球质量为100克，被碰小球质量是50克，两球直径都是1.00厘米，则入射球碰前落地点是纸上的____________点，水平射程是________厘米，被碰小球的水平射程是________厘米。某同学改用图所示装置，通过半径相同的a、b两球的碰撞来验证动量守恒定律。

（4）实验中必须测量的物理量是________．A．小球的质量ma和mb

B．小球起始高度hC．小球半径r

D．小球飞行的时间tE．桌面离地面的高度H

F．小球飞出的水平距离s写出要验证的表达式_________________________参考答案：（1)__大于_

(2)

切线水平

(3)__b

8.52

11.02

(4)______AF_____

(5)maOP=ma0M+mbON

四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，固定于水平桌面上足够长的两平行导轨PO、MN，PQ、MN的电阻不计，间距为d=0.5m．P、M两端接有一只理想电压表，整个装置处于竖直向下的磁感应强度B=0.2T的匀强磁场中．电阻均为r=0.1Ω，质量分别为m1=300g和m2=500g的两金属棒L1、L2平行的搁在光滑导轨上，现固定棒L1，L2在水平恒力F=0.8N的作用下，由静止开始做加速运动，试求：（1）当电压表的读数为U=0.2V时，棒L2的加速度多大？（2）棒L2能达到的最大速度vm．（3）若在棒L2达到最大速度vm时撤去外力F，并同时释放棒L1，求棒L2达到稳定时的速度值．（4）若固定棒L1，当棒L2的速度为v，且离开棒L1距离为S的同时，撤去恒力F，为保持棒L2做匀速运动，可以采用将B从原值（B0=0.2T）逐渐减小的方法，则磁感应强度B应怎样随时间变化（写出B与时间t的关系式）？参考答案：解：（1）L1与L2串联则流过L2的电流为：I==A=2A

①L2所受安培力为：F′=BdI=0.2N

②根据牛顿第二定律得棒L2的加速度a===1.2m/s2；

③（2）当L2所受安培力F安=F时，棒有最大速度vm，此时电路中电流为Im．则：F安=BdIm④

Im=⑤

F安=F

⑥由④⑤⑥得：vm==16m/s

⑦（3）撤去F后，棒L2做减速运动，L1做加速运动，当两棒达到共同速度v共时，L2有稳定速度，取向右为正方向，对此过程根据动量守恒有：

m2vm=（m1+m2）v共⑧解得v共=10m/s

⑨（4）要使L2保持匀速运动，回路中磁通量必须保持不变，设撤去恒力F时磁感应强度为B0，t时刻磁感应强度为Bt，则：

B0dS=Btd（S+vt）

⑩可得Bt=答：（1）当电压表的读数为U=0.2V时，棒L2的加速度是1.2m/s2．（2）棒L2能达到的最大速度vm是16m/s．（3）棒L2达到稳定时的速度值是10m/s．（4）B与时间t的关系式是Bt=．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；动量守恒定律．【分析】（1）根据欧姆定律求解电流，求解出安培力，对右棒运用牛顿第二定律列式求解加速度；（2）当安培力与拉力平衡时，速度达到最大；（3）撤去恒力F后，两个棒系统受一对等大、反向的安培力，系统动量守恒，根据动量守恒定律列式求解即可；（4）要使棒L2保持匀速运动，必须使回路中的磁通量保持不变，根据磁通量不变列式求解即可．17.如图所示，两根足够长的光滑金属导轨MN、PQ间距为=0.5m，其电阻不计，两导轨及其构成的平面均与水平面成30°角。完全相同的两金属棒ab、cd分别垂直导轨放置，每棒两端都与导轨始终有良好接触，已知两棒的质量均为0.02kg，电阻均为R=0.1Ω，整个装置处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，磁感应强度为B=0.2T，棒ab在平行于导轨向上的力F作用下，沿导轨向上匀速运动，而棒cd恰好能保持静止。取g=10，问：（1）通过cd棒的电流是多少，方向如何？（2）棒ab受到的力多大？（3）棒cd每产生Q=0.1的热量，力做的功是多少？参考答案：解析：（1）棒cd受到的安培力 1棒cd在共点力作用下平衡，则 1由①②式代入数据解得I=1A，方向由右手定则可知由d到c。

1（2）棒ab与棒cd受到的安培力大小相等Fab=Fcd对棒ab由共点力平