2020年浙江省温州市中考模拟试卷(二)

2020年浙江省温州市中考模拟试卷（二）一、单选题（本大题共5小题，20.0分

在内燃机的四个冲程中，如图所示的B.C.D.

吸气冲程压缩冲程做功冲程排气冲程

我国第一位“太空教师”王亚平通过物理实验示了飞船内部物体在失重相于物体不受重力情下的物理现象，王亚平利用小球做了两次实验，第一次实验时，将小球偏离竖直位置后放手，第二次实验时，将小球偏离竖直位置后，在放手时对小球施加一个垂直于悬线的力，下列四图表示小球在这两次实验中可能出现的运动情况，其中符合实际的

甲、丙

B.

甲、丁

C.

乙、丙

D.

乙、丁

图是置在水平桌面上的刻度尺的一部分，甲、乙、丙、丁是通过凸透镜所看到的刻度尺的像。若凸透镜先贴着刻度尺然后逐渐远离，则看到刻度尺的像的先后顺序正确的C.

甲乙丙丁乙丁丙

B.D.

乙丙甲丁丙甲乙丁

在水中，鱼、漂浮的木头、静止在水底的石头的位置如图所示，下列说法正确的是

2323

水对石头的压强比对木头的小B.鱼受到的浮力等于它排开水的重力C.木头受到的浮力大于它自身的重力D.石头受到的浮力等于它自身的重力如图所示，当滑动变阻器的触片移动时，发1整个电路中消耗的电功率变大B.变小C.不变D.无法判断

变亮了，变了，那么二、填空题（本大题共3小题，16.0分

小海家中部分照明电路如图所示。小海闭合了开中其他用电器均处于断开状态，炽灯L亮了一段时间后熄灭了，她用测电笔分别测试了图插座的两个孔，发现测电笔都发光。她断开开关次用测电笔测试插座的两个孔将察_________选“左孔”或右孔”或“两孔”或“无”测笔发光，故障原因_________________

小球利用天平、溢水杯、烧杯和适量水测量小石块的密度，如果调节天平平衡时，忘记将游码调到零刻度线，则所测量小石块的质量会______选“偏大”“偏小”或“仍然准确纠正错误后测得小石块的质量如图所示，则小石块的质量为g；把小石块缓慢浸没在装满水的溢水杯中的水全部流入空烧杯溢水的质量为16g则小石块的密度。

如图所示，某同学用电流表测电流时，使用了”和“”接线柱接入电路，电流表的指针偏转超出刻度范围，则他应该选择的量程为，果电流表的指针反向偏转，这是因为_________________________________________三、实验探究题（本大题共2小，共18.0分）

生活中发现力挤压充好气的球或将气球放到太阳下暴晒时球容易爆炸此想：密闭气体的压强可能与气体的体积和温度有关。要究“密闭气体的压强与体积的关系”，应控制气体种类、质量不，而改变其_。实验设计图1所注射器内密封着一定质量的气体，气体的体积压强p可分别从注射器上刻度和固定在左端的压强传感器读出。实验时缓慢匀速向下推动活塞，读出气体在不同体积下对应的压强，记录在下表中：实验次数

气体体积

3

气体压

5

根表中的数据在图2中作出气体压强与体积的关系图线；分表中数据和图线可以看出：在其他条件相同时，气压强与体积______系；为究“密闭气体的压强与温度的关系”，进行了如下作：取根长约为一封的细玻璃管，在室下用水银封闭一定质量的气体，将玻璃管竖直固定在玻璃管上标出水银柱下表面的位置图所出水银柱的高度；将气柱浸5的水中，待水银柱不再上升后，往玻璃管内注入水银，直至水银下表面到达_为止，测得时水银柱的高度；将气柱浸的水中，重复实验测得此时水银柱的高度

3

三次实验水银柱的高度关系

12123333为

由以上操作和现象可知在_____一定时一质量的气体产生的压强随温度10.

的升高而______实验中一定质量气体产生压强的大小是_来显示的。在“测量小灯泡的额定功率”实验中，提供如下实验器材：电输出电压恒为小灯额定电压电阻约1、动变阻、压量程3～、流量，～、关、导线若干。请笔画线代替导线在图甲中完成实物电路的连接；正连接后闭合开关，发现小灯泡不发光，电压表和电表均无示数。小宁利用另一只完好的电压表进行检测，把电压表分别接在A、E之和A、之，电压表均有示数；接在、之间，电压表无示数。如果电路连接完好，只有一个元件有故障，该故障选填“小灯泡断路”“、“小灯泡短路”或“滑动变阻器断路；排故障后，小宁看到电压表示数为V，此时小灯泡的功率_选“大于、“小于”或“等于”额功率，要使灯泡L正常发光，滑动阻器的滑片P应向选“A”或“B”端动，当灯正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率______。测小灯泡额定功率后同学又把灯泡两端的电压调为额定电压倍现得的实际功率并不等于其额定功率倍请你帮他分析出现这种现象的主要原因______；把面电路中的小灯泡换成定值电阻，用这一电路还可完成的实验______写出一个即可。四、计算题（本大题共2小题，14.0分11.

欧佩克组织和英美等西方国家原油数量单位通常用“桶”来表示，中国及俄罗斯等国家则常用“吨”作为原油数量单位．通过网络查询可知：不同油田的原油密度不同1桶升．若油密度3

千克米，取1桶升则1桶原油的质量为多少千克升10米将1吨油竖直匀速提升20，需要对油做的功是多少焦

121212.

图中甲电路中电源电压不变，将滑片从b端到a端程中，导和动变阻消的电功率随电流变化的关系图象如、所示。滑动变阻器的最大阻值20求：导体1

阻值是多大；该源电压为多少；滑变阻器的阻值为多少时，滑动变阻器消耗的功率最，最大电功率是多少？

【答案与析】1.

答：解：：由图可以看出：内燃机的两个气阀关闭，活塞向下运，所以是做功冲程．故选C．内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功程中内能转化为机械能．判断出是哪个冲程，再判断能量是怎样转化的．解答此类题注意总结规律，在内燃机的四个冲程中，进气阀和排气阀均关闭的只有压缩冲程和功冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；一个气阀打开，另一个气阀闭的是吸气冲程和排气冲程，而在吸气冲程中活塞向下运动，排气冲程中活塞向上运动．2.

答：B解：：飞船内部物体在失相于物体不受重力情，第一次实验时，将小球偏离竖直位置后放手，小球不受任何外力，根据牛顿第一运动定律，小球处于静止状态，故甲图正确；第二次实验时，将小球偏离竖直位置后，在放手时对小球施加一个垂直于悬线的力，由于惯性小球继续保持匀速直线运动状态，又因为受到细线的拉力作用，所以小球做匀速圆周运动，故丁正确；故选：B．牛顿第一定律的内容物在没有受到任何力的作用时持止状态或匀速直线运动状态．惯性：物体总有保持原有运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性．一切物体都有惯性．是改变物体运动状态的原因．本题考查了在失重状态下，物体的运动状态，难度不大．3.

答：解：：刻尺到凸透镜的距离物在一倍焦距以内时，凸透成正立、放大的虚像，即乙图。刻尺到凸透镜的距离在一倍焦距和二倍焦距之间时，透镜成倒立、放大的实像，即丁图。刻尺到凸透镜的距离在二倍焦距处，凸透镜成倒立、大的实像，即甲图。刻尺到凸透镜的距离在二倍焦距以外时，凸透镜成倒、缩小的实像，即丙图。

2112121121综上可知，凸透镜从贴着刻度尺然后逐渐远离，则看到刻度尺的像的先后顺序为甲丙故选C。故选：。若凸透镜先贴着刻度尺然后逐渐远离尺到凸透镜的距物距从倍焦距以内一倍焦距和二倍焦距之间二焦距二焦距以外，从这几个过程中凸透镜的成像情况进行判断。首先要明确凸透镜成像的几种情况，然后分析凸透镜从贴近刻度尺到远离刻度尺经历了几个阶，根据成像特点进行解答。4.

答：B解：：A、由图知，石头所处的深度比木头所处的深度大，所以可知，水对石头的压强比对木的大，故A错B、根据阿基米德原理可知，鱼受到的浮力等于它排开水的重力，故正；C、为木头漂浮，所以木头受到的浮力等于它自身的重力，故C错；D、石头沉石的密度大于水的密由物体的浮沉条件可知石受到的浮力小于它自身的力，故D错。故选：B。A、通过比较石头和木头所处的深度大小，利比受到压强大小关系；B、漂浮的物体，受到的浮力等于它自身的重力；C、在液体中的物体受到的浮力等于它排开液体的重力；D、沉物体，物体受到的浮力小于它自身的重力。本题考查了阿基米德原理、物体的浮沉条件和液体压强公式的应用，属于基础题目。5.

答：A解：：由电路图可知，灯与动变阻器并联后再与灯串，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，变，所以，

2

可知，通过1

的电流变大，即电路中的总电流变大，由可，整个电路中消耗的电功率变大。故选：A。由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联后再与灯串，灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，

根据

2

结合1

变亮判断电路中电流的变化，利判整个电路中消耗的电功率变化。本题考查了电功率公式的灵活运用，知道灯泡的亮暗取决于实际功率的大小是关键。6.

答：孔；电灯左侧零线断路解：本题考查了故障分析，这个现象在生活中可以见到，要会用物理知识解决实际问题。当开关闭合时，用测电笔分别测试了图中插座的两个孔，发现测电笔都发光，说明左孔和右孔和火线相连。当开关断开时，左孔切断了火线，再接触左孔，氖管不发光。闭合了开关家其他用电器均处于断开状灯L亮了一段时间后熄灭了灯和线、零线不能构成通路，可能是火线断路，也可能是零线断路；灯泡熄灭后，用测电笔分别测试了图中插座的两个孔，发现测电笔都发光，这说明左孔和右孔与火线相连；如下图，右孔和火线相如图中绿色的划，电笔的氖管发光；左孔也和火线相如图中红色划线，电笔的氖管发光；当断开开关时，切断了左孔和火线的连接，所以测电笔接触左孔时，氖管不会再发光；测电笔触右孔时，氖管照常发光；经过上图中的分析可知，灯泡亮了一段时间后熄灭，是因为图中的电灯左侧进户零线断图蓝色划线。故答案为：右孔；电灯左侧零线断路。7.

答：大；×解：游没有调零就调节天平横梁平横，实际上零刻度右移，但是读数时是按照原来的零刻度读数，质量测量值偏大，由可知，砝码质量为，游码示数为，石块的质量𝑔；

𝑉𝑉可得𝑉𝑉可得，石块的体积由

𝑚16𝑔𝑉排水1𝑐𝑚

3

16𝑐

，石块的密度：

𝑚𝑉

𝑔16𝑐3

𝑔/𝑐

10

。故答案为：偏大；。游没有调零就调节天平横梁平横际零刻度右移是读数时还是按照原来的零刻度读数，质量测量值偏大；被物体的质量等于砝码质量加游码示数；溢的水的体积等于石块的体积，根据密度公式计算8水体积。然后根据密度公式计算石块的密度。掌握天平的正确使用和注意事项；掌握密度公式的应用，是综合题。8.

答：～；流表的正负接线柱接反了解：本题考查了电流表的使用，会正确使用电流表，注意测量的电流不可以超过量程，正负接线柱能接反；从电流表的正确使用方法进行分析，即测量的电流不能超过电流表的最大量程，电流从流表的正接线柱流入，负接线柱流出。解：在使用电流表时，所测电流不得超过它的量程，必须使电流从它的正接线柱流入，负接线流出；使用了”和“”线接入电路，电流表的指针偏转超出刻度范围，应采的程；如果电流表的指针反向偏转，这是因为电流表的正负接线柱接反了。故答案为：；流表的正负接线柱接反了。9.

答：度体反与原来标记位置重合体增封空气柱上方水银柱的高度解解根控制变量的要求探“密闭气体的压强与体积关系”制气体的种类、质量和温度不变，而改变其体积；根表格数据描点画出图线：

由线可知，在其他条件相同时，气体压强与体积成反；将气中放入不同温度的体中控制气体的体积相同中过向玻璃管内注入水，直至水银下表面到达与原来标记位置重合，测出每次水银柱的高度；实中一定质量气体产生压强的大小是由封闭空气柱上方水银柱的高来显示的；通过实验知水的温度越高，水银柱的高度越高，气体的压强越大，所以可以得出在体积一定时一定质量的气体产生的压强随温度的升高而增大。故答案为温体积见图反与原来标记位置重合体增大封闭空气柱上方水银柱的高度。气的压强和气体的温度、质量、体积有关，分析气体强与其中一个因素的关系时，应注意运用控制变量法；根表格数据描点画出图线；分表中数据和图线得出结论；将气中放入不同温度的液体中，需要控制气体的体积同；根据实验现象得出结论；一定质量气体产生压强的大小是由封闭空气柱上方水银柱的长度来显示的气体产生的压强气压大与哪些因素有关通过日常现象进行猜想后过实验进行验证在验证过程中采用了控制变量法和转换法，此题中控制体积不变的方法通过转换法来实现，是个难点。10.答：

滑变阻器断路小

2𝑉2𝑉因灯的电阻随温度的变化而变化研电流与电压的关解析：本题测量小灯泡的额定功率，考查电路连接、故障分析、操作过程、影响电阻大小的因素和控变量法。灯额定电，电阻约，欧定律求出灯的电流确定电流表选用小量程与灯串联，变阻器按一上一下接入电路中；把压表分别接在某两点间，若电压表有示数，则电压所在的电路为通路，若无示数，则电压表所在的电流为断路；灯功率由实际电压决定；灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分原理确定滑片移动的方向；根据电流表选用小量程确定分度值读数，根求小灯泡的额定功率；根

，在电阻不变时，电功率与电压的平方成正比，根据灯的电阻随温度的变化而变化分析；研电流与电压关系时要控制电阻不变时，通过移动变器的滑片可多次测量，据此分析。灯额定电，电阻约，欧定律，灯的电流约为：𝐿

，电流表选用小量程与灯串联，变阻器按一上一下接入电路中，如下所示：把压表分别接在A、E间电压表有示数，电源开关电压表组成的电路是连通的，同理在之压表均有示数电源开灯电压表组成的路为通路连接在C、F间，电压表无示数，则可确定滑动变阻器断路；排故障后，小宁看到电压表示数为V，小于灯的额定电压，此时小泡的功率小于灯的额定

22功率，灯在额定电压下正常发光，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向动，直到电压表示数为额定电压；当灯正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值，流为𝐴，小灯泡的额定功率：；根，电阻不变时，电功率与电压的平方成正比，测出小灯额定功率后，该同学又把灯泡两端的电压调为额定电压倍，通过灯的电流也变小了，根灯功率变小，灯的度降低，灯丝的电阻变小，故发现测得的实际功率并不等