2023年高考物理二轮复习选择题满分专练（二）

选择题总分值专练(二)选择题(此题共8小题，每题6分．在每题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)14.如下图闭合线圈处在变化的磁场中，线圈中产生了顺时针方向的感应电流，而且线圈的面积有收缩的趋势，那么，线圈内的磁场可能是()A．磁场方向垂直纸面向外，且磁感应强度在增大B．磁场方向垂直纸面向外，且磁感应强度在减小C．磁场方向垂直纸面向内，且磁感应强度在增大D．磁场方向垂直纸面向内，且磁感应强度在减小解析：线圈的面积有收缩的趋势，根据“阻碍变化〞可知穿过线圈的磁场在增强．再根据线圈中产生了顺时针方向的感应电流，可判定磁场方向向外，因此A正确．答案：A15．(2023·江西省名校联盟高三5月教学质量检测)如下图为甲物体和乙物体在平直地面上同向运动的v－t图象，t＝0时甲在乙前方x0＝60m处，那么在0～4sA．8cmB．C．68mD．解析：在0～4s的时间内甲和乙有最大距离时，甲和乙的速度相等，即t＝3s时甲和乙有最大距离.0～3s的时间内甲的位移大小为x甲＝eq\f(1,2)×2×8m＋eq\f(1,2)×(4＋8)×1m＝14m，x乙＝eq\f(1,2)×3×4m＝6m，那么在0～4s的时间内甲和乙之间的最大距离为Δx＝x0＋x甲－x乙＝68m，选项C正确．答案：C16．1876年美国著名物理学家罗兰做成了著名的“罗兰实验〞：罗兰把大量的负电荷加在一个橡胶圆盘上，然后在圆盘附近悬挂一小磁针．使圆盘绕中心轴高速旋转，就会发现小磁针发生了偏转．假设忽略地磁场对小磁针的影响．以下说法正确的选项是()A．使小磁针发生转动的原因是电磁感应B．使小磁针发生转动的原因是电流的磁效应C．当小磁针位于圆盘的左上方时，它的N极指向纸里D．当小磁针位于圆盘的左上方时，它的N极指向右侧解析：橡胶盘带电，高速旋转起来之后相当于形成了环形电流，电流产生的磁场使得小磁针发生偏转，并不是电磁感应使得小磁针偏转，B正确、A错误；根据安培定那么，判断环形电流的磁感线方向，在圆盘的左上方，磁感应强度的方向向左而不是向右，也不是向纸里，所以C、D错误．答案：B17．(2023·安徽模拟)如下图，一个质量为m的物块A与另一个质量为2m的物块B发生正碰，碰后物块B刚好能落入正前方的沙坑中．假设碰撞过程中无机械能损失，物块B与地面间的动摩擦因数为0.1，与沙坑的距离为0.5m，g取10m/sA．0.5m/sB．1.0mC．1.5m/sD．2.0m解析：碰撞后B做匀减速运动，由动能定理得－μ·2mgx＝0－eq\f(1,2)·2mv2，代入数据解得v＝1m/s，A与B组成的系统在碰撞过程中水平方向的动量守恒，选取向右为正方向，那么mv0＝mv1＋2mv，由于没有机械能损失，那么eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)＋eq\f(1,2)·2mv2，联立可得v0＝1.5m/s，故A、B、D错误，C正确．答案：C18．(2023·陕西省咸阳市高考模拟考试)2016年11月24日，我国成功发射了“天链一号〞04星．“天链一号〞04星是我国第4颗地球同步轨道数据中继卫星，它与“天链一号〞02星、03星实现组网运行，为我国神舟飞船、空间实验室“天宫二号〞等提供数据中继与测控效劳．如图为“天宫二号〞和“天链一号〞绕地球稳定运行的轨道示意图，以下关于该状态的说法正确的选项是()A．“天宫二号〞的运行速度一定大于7.9km/s，小于11.2kmB．“天链一号〞04星与静止在地球赤道上的物体具有相同的向心加速度C．“天链一号〞04星的公转周期大于“天宫二号〞的公转周期D．“天链一号〞04星可相对地面静止于北京飞控中心的正上方解析：设地球的质量为M，卫星的质量为m、线速度大小为v、轨道半径为R，卫星做匀速圆周运动的向心力由万有引力提供，由万有引力定律得Geq\f(Mm,R2)＝meq\f(v2,R)，解得v＝eq\r(\f(GM,R))，由此可知，轨道半径越大，线速度越小，故“天宫二号〞的运行速度小于7.9km/s，选项A错误；同步卫星的角速度与地球自转的角速度相同．“天链一号〞04星的轨道半径大于赤道上物体的轨道半径，由a＝ω2r知，“天链一号〞04星的向心加速度比赤道上物体的向心加速度大，选项B错误；由万有引力定律得Geq\f(Mm,R2)＝meq\f(4π2R,T2)，解得T＝2πeq\r(\f(R3,GM))，“天链一号〞04星的轨道半径大于“天宫二号〞的轨道半径，故“天链一号〞04星的公转周期大于“天宫二号〞的公转周期，选项C正确；同步卫星相对地面静止，在赤道的正上方，故“天链一号〞04星不能相对地面静止于北京飞控中心的正上方，选项D错误．答案：C19．原子核的比结合能曲线如下图．根据该曲线，以下判断正确的有()A.eq\o\al(4,2)He核的结合能约为14MeVB.eq\o\al(4,2)He核比eq\o\al(6,3)Li核更稳定C．两个eq\o\al(2,1)H核结合成eq\o\al(4,2)He核时释放能量D.eq\o\al(235,92)U核中核子的平均结合能比eq\o\al(89,36)Kr核中的大解析：A错：eq\o\al(4,)2He核有4个核子，由比结合能图线可知，eq\o\al(4,)2He核的结合能约为28MeV.B对：比结合能越大，原子核越稳定．C对：两个eq\o\al(2,)1H核结合成eq\o\al(4,)2He核时，核子的比结合能变大，结合时要放出能量．D错：由比结合能图线知，eq\o\al(235,)92U核中核子平均结合能比eq\o\al(89,)36Kr核中的小．答案：BC20．(2023·山东省潍坊市高三统考)如图甲所示的电路中，理想变压器原线圈接图乙所示的正弦交变电压．闭合S后，额定电压为20V的用电器正常工作，理想交流电流表A的示数为0.1AA．交变电流的频率为100HzB．变压器原、副线圈匝数比为11eq\r(2)：1C．用电器的额定功率为22WD．在用电器电阻不变的情况下断开开关S，用电器功率将变为原来的一半解析：由交变电压的u－t图象可知周期为T＝0.02s，那么频率为f＝eq\f(1,T)＝50Hz，A错误；因用电器正常工作，故副线圈输出电压的有效值为U＝20V，原线圈输入电压的有效值为220V，因此原、副线圈的匝数比为eq\f(n1,n2)＝eq\f(11,1)，B错误；由以上可知副线圈的输出电流为I2＝eq\f(n1,n2)I1＝1.1A，那么用电器的额定功率为P＝UI2＝22W，C正确；由元件D的特点可知，开关断开后，用电器两端电压的有效值减为原来的eq\f(1,\r(2))，那么功率减为原来的一半，D正确．答案：CD21.如下图，在纸面内半径为R的圆形区域中充满了垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，一点电荷从图中A点以速度v0垂直磁场射入，当该电荷离开磁场时，速度方向刚好改变了180°，不计电荷的重力，以下说法正确的选项是()A．该点电荷带正电B．该点电荷离开磁场时速度方向的反向延长线通过O点C．该点电荷的比荷为eq\f(q,m)＝eq\f(2v0,BR)D．该点电荷在磁场中的运动时间t＝eq\f(πR,2v0)解析：如下图，电荷在电场中刚好运动eq\f(T,2)，电荷做圆周运动的半径r＝Rsin30°，根据左手定那么判定该电荷带负电，选项A错误；电荷离开磁场时速度方向与进入磁