2023年高考物理二轮复习题型专练选择题满分练2新人教版

选择题总分值练(二)14．以下关于物理学思想方法的表达错误的选项是()A．探究加速度与力和质量关系的实验运用了控制变量法B．电学中电阻、电场场强和电势的定义都运用了比值法C．力学中将物体看成质点运用了理想模型法D．当物体的运动时间Δt趋近于0时，Δt时间内的平均速度可看成瞬时速度运用了等效替代法D当物体的运动时间Δt趋近于0时，Δt时间内的平均速度可看成瞬时速度运用了极限法，选项D的表达是错误的．15．一辆汽车在平直公路上做刹车实验，假设从0时刻起汽车在运动过程中的位移与速度的关系式为x＝(10－0.1v2)m，那么以下分析正确的选项是()A．上述过程的加速度大小为10m/s2B．刹车过程持续的时间为5sC．0时刻的初速度为10m/sD．刹车过程的位移为5mC根据公式x＝eq\f(v2－v\o\al(2,0),2a)和位移与速度的关系式为x＝(10－0.1v2)m，可得：eq\f(v2,2a)＝－0.1v2，eq\f(v\o\al(2,0),2a)＝－10，解得：a＝－5m/s2，v0＝10m/s，符号表示与运动方向相反，故A错误，C正确；刹车时间t0＝eq\f(0－v0,a)＝eq\f(－10,－5)s＝2s，故B错误；刹车位移为x0＝eq\f(v0,2)t0＝eq\f(10,2)×2m＝10m，故D错误．16．(2023·内蒙古包头一模)假设在某行星和地球上相对于各自的水平地面附近相同的高度处、以相同的速率平抛一物体，它们在水平方向运动的距离之比为2∶eq\r(7).该行星质量约为地球的7倍，地球的半径为R，由此可知，该行星的半径为()A.eq\f(1,2)RB.eq\f(7,2)RC．2R D.eq\f(\r(7),2)RC对于任一行星，设其外表重力加速度为g，根据平抛运动的规律得h＝eq\f(1,2)gt2：得t＝eq\r(\f(2h,g))，那么水平射程x＝v0t＝v0eq\r(\f(2h,g)).可得该行星外表的重力加速度与地球外表的重力加速度之比：eq\f(g行,g地)＝eq\f(x\o\al(2,地),x\o\al(2,行))＝eq\f(7,4)，根据eq\f(GMm,r2)＝mg，得g＝eq\f(GM,r2)，可得eq\f(g行,g地)＝eq\f(M行,M地)·eq\f(R\o\al(2,地),R\o\al(2,行))，解得行星的半径R行＝R地eq\r(\f(g地,g行))·eq\r(\f(M行,M地))＝R×eq\r(\f(4,7))·eq\r(7)＝2R.应选项C正确．17.如下图，在边长为a的正方形区域内，有以对角线为边界、垂直于纸面的两个匀强磁场，磁感应强度大小相同、方向相反，纸面内一边长为a的正方形导线框沿x轴匀速穿过磁场区域，t＝0时刻恰好开始进入磁场区域，以顺时针方向为导线框中电流的正方向，以下选项中能够正确表示电流与位移关系的是()B在x∈(0，a)时，右边框切割磁感应线产生感应电流，电流大小i＝eq\f(Ba－xv－Bxv,R)＝(a－2x)，eq\f(Bv,R)其中x∈(0，eq\f(a,2))时，方向顺时针；x＝eq\f(a,2)时，导线框中感应电流为零；x∈(eq\f(a,2)，a)时，方向逆时针．在x∈(a,2a)时，左边框切割磁感应线产生感应电流，x∈(a，eq\f(3,2)a)时，感应电流大小i＝eq\f(B[a－x－a]v－Bx－av,R)＝eq\f(Bv3a－2x,R)，方向逆时针；x＝eq\f(3,2)a时，导线框中感应电流为零；x∈(eq\f(3,2)a,2a)，方向顺时针，所以B正确ACD错误．18．(2023·天津和平质量调查)如下图，一绝缘细线Oa下端系一轻质带正电的小球a(重力不计)，地面上固定一光滑的绝缘1/4圆弧管道AB，圆心与a球位置重合，一质量为m、带负电的小球b从A点由静止释放，小球a由于受到绝缘细线的拉力而静止，其中细线O′a水平，Oa悬线与竖直方向的夹角为θ，当小球b沿圆弧管道运动到a球正下方B点时对管道壁恰好无压力，在此过程中(a、b两球均可视为点电荷)()A．b球所受的库仑力大小为2mgB．b球的机械能逐渐减小C．悬线Oa的拉力先增大后减小D．水平细线的拉力先增大后减小Db球从A到B过程中，只有重力对b球做功，b球机械能守恒，那么有eq\f(1,2)mveq\o\al(2,B)＝mgR，由牛顿第二定律有F库－mg＝meq\f(v\o\al(2,B),R)，得F库＝3mg，A、B项错误．由库仑定律可知小球b从A运动到B的过程中同，b球对a球的库仑力大小不变，方向由a指向b，那么对a球受力分析可知两段细线拉力的合力始终与b球对a球库仑力等大反向，将库仑力沿两线方向分解，由图可知悬线Oa的拉力一直增大，水平细线的拉力先增大后减小，C项错误，D项正确．19．(多项选择)如下图，顶端附有光滑定滑轮的斜面体静止在粗糙水平面上，三条细绳结于O点．一条绳跨过定滑轮平行于斜面连接物块P，一条绳连接小球Q，P、Q两物体处于静止状态，另一条绳OA在外力F的作用下使夹角θ＜90°，现缓慢改变绳OA的方向至θ＞90°，且保持结点O位置不变，整个装置始终处于静止状态．以下说法正确的选项是()A．绳OA的拉力先减小后增大B．斜面对物块P的摩擦力的大小可能先减小后增大C．地面对斜面体有向右的摩擦力D．地面对斜面体的支持力等于物块P和斜面体的重力之和AB缓慢改变绳OA的方向至θ＞90°的过程，OA拉力的方向变化如图从1位置到2位置到3位置所示，可见OA的拉力先减小后增大，OP的拉力一直增大，故A正确；假设开始时P受绳子的拉力比拟小，那么斜面对P的摩擦力沿斜面向上，OP拉力一直增大，那么摩擦力先变小后反向增大，故B正确；以斜面体和P、Q整体为研究对象受力分析，根据平衡条件：斜面体受地面的摩擦力与OA绳子水平方向的拉力等大反向，故摩擦力方向向左，故C错误；以斜面体和P、Q整体为研究对象受力分析，设F与竖直方向的夹角为α，根据竖直方向受力平衡：FN＋Fcosα＝M斜g＋MPg＋MQg；由图分析可知F的最大值即为MQg(当F竖直向上时)故Fcosα＜MQg；那么FN＞M斜g＋MQg，故D错误；应选A、B.20．(多项选择)如以下图所示，a图中变压器为理想变压器，其原线圈接在u＝12eq\r(2)sin100πt(V)的交流电源上，副线圈与阻值为R1＝2Ω的电阻接成闭合电路，电流表为理想电流表．b图中为阻值R2＝32Ω的电阻直接接到u＝12eq\r(2)sin100πt(V)的交流电源上，结果电阻R1与R2消耗的电功率相等，那么()A．通过电阻R1的交变电流的频率为0.02HzB．电阻R1消耗的电功率为4.5WC．电流表的示数为6AD．变压器原、副线圈匝数比为4∶1BD由交变电流瞬时值表达式u＝12eq\r(2)sin100πt(V)可知，ω＝100π＝2πf，该交流电源的频率为f＝50Hz，周期为0.02s，由于变压器不改变交变电流的频率，所以通过电阻R1的交变电流的频率为50Hz，选项A错误．由题图b可知，R2＝32Ω的电阻两端电压的有效值为U＝12V，电阻R2消耗的电功率为P2＝eq\f(U2,R2)＝4.5W．根据题述，电阻R1与R2消耗的电功率相等，可知电阻R1消耗的电功率为P1＝P2＝4.5W，选项B正确．由P1＝I2R1，解得电流表的示数为I＝1.5A，选项C错误．变压器副线圈电压U2＝IR1＝3V，变压器原、副线圈匝数比为n＝U∶U2＝12∶3＝4∶1，选项D正确．21．(多项选择)(2023·河北百校联考)如下图，水平转台上的小物体A、B通过轻弹簧连接，并随转台一起匀速转动，A、B的质量分别为m、2m，A、B与转台的动摩擦因数都为μ，A、B离转台中心的距离分别为1.5r、r，弹簧的原长为1.5r，劲度系数为kA．当B受到的摩擦力为0时，转台转动的角速度为eq\r(\f(k,m))B．当A受到的摩擦力为0时，转台转动的角速度为eq\r(\f(2k,3m))C．当B刚好要滑动时，转台转动的角速度为eq\r(\f(k,2m)＋\f(2μg,3r))D．当A刚好要滑动时，转台转动的角速度为eq\r(\f(2k,3m)＋\f(2μg,3r))BDA．当B受到的摩擦力为0时，由弹簧弹力提供向心力，那么有k(1.5r＋r－1.5r)＝2mω2r解得：ω＝eq\r(\f(k,2m))，故A错误；B．当A受到的摩擦力为0时，由弹簧弹力提供向心力，那么有k(1.5r＋r－1.5r)＝mω2·1.5r解得：ω＝eq\r(\f(2k,3m))，故B正确；C．当B刚好要滑动时，摩擦力到达最大静摩擦力，