2022-2023学年高一上学期期末考试-物理

2022-2023学年高一上期期末考试物理试题学校: 姓名班级考号满分：100分 考试时间分钟一、单选题（共9小题，每题3分，共27分）1．2021年9月17日8：00整，第十四届全国运动会铁人三项比赛在陕西省汉中市正式开赛。选手们依次进行了1.5km游泳、40km自行车和10km跑步三项不间断比赛李明旭以01:52:24的成绩揽获男子个人冠军。下列说法正确的是（ ）A．40km是指位移B．8:00整是指时间C．01:52:24的成绩是指时刻D．研究李明旭10km跑步的时间时，可以将李明旭看作质点如图所示，有ABm

，用细绳连接后放在光滑的固定斜面上，在A B它们下滑的过程中（ ）它们的加速度sin它们的加速度agsin

2F＝

gsinT 3 B细绳的张力 1 sinF＝mgT 3 B某中学秋季趣味运动会中，高一同学参加了拔河比赛，如果绳质量不计，且保持平，在甲、乙两队的拔河比赛中，甲队获胜，则下列说法中正确的是（ ）甲对乙的拉力始终大于乙对甲的拉力B．甲把乙加速拉过去时，甲对乙的拉力大于乙对甲的拉力C．只有当甲把乙匀速拉过去时，甲对乙的拉力大小才等于乙对甲的拉力大小D地面对乙的最大静摩擦力1滚下，他通过实验观察和逻辑推理，得到的正确结论有（）A．倾角一定时，小球在斜面上的位移与时间成正比B．倾角一定时，小球在斜面上的速度与时间成正比C．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D．斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关如图所示，一物块置于水平地面上。当用与水平方向成60角的力F拉物块时，物1块做匀速直线运动；当改用与水平方向成30角的力F2

推物块时，物块仍做匀速直线运动。若F和

的大小相等，则物块与地面之间的动摩擦因数为（ ）1 2A．31 B．2 3 C．32

D．1- 321 1 1 如图所示，在光滑水平面上有一质量为m的足够长的木板，其上叠放一质量为m的木块假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等现给木块施加一随间t增大的水平力=kk是常数，木板和木块加速度的大小分别为a和a。下列反映a和a1 1 1 A． B．C． D．某品牌的一款无人驾驶汽车在直线测试时，速度的二次方与位移的关系图像如图示。自经过x0位置时开始计时，该车在2s内的位移大小为（ ）20A．2.0m B．2.6m C．3.0m D．3.6m8．如图甲所示是一种速度传感器的工作原理图，在这个系统中为一个能发射超声波的固定小盒子工作时小盒子B向被测物体发出短暂的超声波脉冲脉冲被运动的物体反射后又被B盒接收，从B盒发射超声波开始计时，经时间t再次发射超声波脉冲图乙是连续两次发射的超声波的x﹣t图象。则下列说法正确的是（ ）0xt超声波的速度v ＝2t声

2＝x＝1声 12(x

x)2物体的平均速度v2

ttt12 1 012(xx)21物体的平均速度vt212

t2t1 0利用图像法研究物理量之间的关系是常用的一种数学物理方法。如图所示为物体做直线运动时各物理量之间的关系图像（x、v、a、t度和时间，则下列说法中正确的是（）甲图中xt1m/s23乙图中v2x5m/s2x丙图中t2m/s2xt丁图中at2s6m/s二、多选题（共5小题，每题3分，漏选得2分，错选得0分，共15分）如图所示甲乙两人分别乘坐两种电动扶梯此时两电梯均匀速向上运转（ ）C．乙受到三个力的作用

甲对扶梯没有摩擦力的作用D如图所示，将小球从倾角为45°的斜面上的P点先后以不同速度向右水平抛出，小ABCBABC在水平方向间隔相等，不计空气阻力，则（）三次抛出小球后，小球在空中飞行的时间之比为BAB两点时，其速度的方向相同C．若小球落到A、B两点，则两次抛出时小球的速率之比为1：2D．若小球落到C两点，则两次抛出时小球的速率之比为2：312．如图，质量相等的两滑块PQ块与桌面间的动摩擦因数均为gF拉动P，之前（）A．P的加速度大小的最大值为2gB．Q的加速度大小的最大值为2g4C．P的位移大小一定大于Q的位移大小D．P的速度大小均不大于同一时刻Q的速度大小如图所示，质量分别为mm两个物体通过轻弹簧连接，在力F的作用下一起沿1 211水平方向做匀速直线运动（m在地面，m2在空中，力F与水平方向成角．则m所11受支持力N和摩擦力f正确的是NmgmgFsin1 2NmgmgFcos1 2fFcosfFsin0如图甲所示，一足够长的传送带倾斜放置，倾角为v=4m/s顺时针v=12m/sA10m/s2，则下列说法正确的是（）0煤块从冲上传送带到返回A端所用的时间为5）s煤块在传送带上留下的痕迹长为5）m倾斜传送带与水平方向夹角的正切值Dμ=0.35三、实验题（共2小题，共16分）1（10分某同学用如图甲所示装置结合频闪照相研究平抛运动=10m/2。5关于实验要点，下列说法正确的。A．选用的斜槽越光滑越好B．调节斜槽，使斜槽槽口切线水平C．调节纸板，使纸板面竖直且与小球运动轨道所在平面平画平抛运动轨迹时，将槽口在纸板上的水平投影作为平抛运动的起点0让小球从斜槽上合适的位置由静止释放，频闪照相得到小球的位置如图乙所示ABC是相邻三次闪光小球成像的位置，坐标纸每小格边长为5cm，则小球从槽口抛出的初速度大小为v= 小球从槽口抛出到运动到B点位置所用的时间t= 点离槽口的水平距离x= 。016分）一细绳跨过悬挂的定滑轮，两端分别系有小球A和B运动的加速度。令两小球静止，细绳拉紧，然后释放小球，测得小B释放时的高度h0=0.590下一段距离后的高度h=0.100由h0下降至h所用的时间T=0.730。由此求得小球B加速度的大小为a= 保留3位有效数字。、B100.0g150.0g=9.80B加速度的大小为a′= 3位有效数字。可以看出，a′与a有明显差异，除实验中的偶然误差外，写出一条可能产生这一结果的6原因。四、解答题（442）1（8分小船在200m2m/4m/求：小船过河的最短时间；要使小船到达正对岸，应如何航行？历时多久？1（10分m1.0103kg的汽车以v36km/h的速度在水平路面上匀速行驶，在距离斑马线s20m处，驾驶员发现小朋1友排着长l6m的队伍从斑马线一端开始通过，立即刹车，最终恰好停在斑马线前。假设汽车在刹车过程中所受阻力不变，且忽略驾驶员反应时间。求开始刹车到汽车停止所用的时间和所受阻力的大小；若路面宽L6m，小朋友行走的速度v0.5m/s，求汽车在斑马线前等待小朋友0全部通过所需的时间；2假设驾驶员以v54km/h超速行驶，在距离斑马线s20m到斑马线时的速度。21（10分）第24届冬季奥林匹克运动会，于2022年02月04日2022年02月20日ft势A点沿水平方向飞出，在空中飞行一段距离后在ft坡上B点着陆，如图所示。A点水平飞出的速度v20m/s，ft的0斜面，不考虑空气阻力（重力加速度g取10m/2，sin370.6，cos370.8）1t；1运动员何时离斜面最远？72（14分）如图所示，质量为M1kg，长度L4m的长木板静止在光滑水平面上，质量为m1kgμ。将物块视为质点，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g10m/s2。v0

4 2m/s达长木板右端。求物块与长木板之间的动摩擦因数μ。若物块的初速度v1

10m/s，在物块滑上长木板的同时，在长木板右侧施加一水平F向右的恒力，tF1

0.8s时物块恰好从长木板右端离开，求恒力F的大小。若物块的初速度为uF的函数关系式。8参考答案：1．D【详解】A．40km自行车的运动轨迹不是直线，40km指路程，故A错误；8:00整对应某一瞬间，即为时刻，故B错误；1:52:24对应一段时间，即为时间间隔，故C错误；研究李明旭10km成质点，故D正确。故选D。2．A【详解】选A、B整体为研究对象进行受力分析，合外力为重力沿斜面向下的分力，由F＝ma总可得agsingsin3mB再隔离B进行受力分析，设绳上拉力为FT

，则对于B有2mgsinF2B Ta2mB可得F＝0FT故选A。3．D故选D。4．B正比，故选项A错误，选项B正确，斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角有关，从顶端滚到底端所需时间与倾角有关，故选项CD错误.5．B1【详解】试题分析：对两种情况下的物体分别受力分析，如图滑将正交分解为和正交分解为和则有：F mg=F4+FN；滑F滑′=F5mg+F6=FN′N 而F =μF；F ′=μFN 滑 滑则有F1cos60°=μ（mg-F1sin60°）①F2cos30°=μ（mg+F2sin30°）②又根据题意F1=F2③联立①②③解得3故选B考点：物体的平衡6．A【详解】当F比较小时，两个物体相对静止，加速度相同，根据牛顿第二定律得a F k tat；

mm1 2

mm1 22 Fm2 m对 有m1mga 21 m12m m m m 1 2 1m对 有m2Fmga 22 m2

ktgm22 at增大，a2 k <kmm m1 2 2a则两木板相对滑动后图像的斜率大于两者相对静止时图像的斜率。a2故选A。7．D【详解】根据图像由v2v20

2ax得v22axv20故图像的斜率

k2a所以该车运动的加速度大小

a5m/s2初速度大小

v06m/s由tv01.2sa可知，该车1.2s后停止运动，所以2s内的位移大小为v2故选D。8．C

x 02a

3.6m【详解】AB．由图乙可知，超声波的速度为3x 2xtv 1t声12或者2v x2

1t12x2AB错误；

声 tt2 02

tt2 0CD．由题可看出，物体通过的位移为x2

x时，所用时间为1则物体的平均速度为

ttt 2 2

tt12 1

ttt 2 0 12xx

2(x

x）vt21221

t0

1t1

ttt2 0 12故C正确，D错误。故选C。9．B1【详解A．根据匀变速运动的位移与时间关系公式xvt at2，根据甲图中xt图像为0 21 1 ak m/s22 2解得A错误；

a2m/s2根据匀变速运动的速度与位移时间关系v2v0

2ax，根据乙图中v2x图像为正比关系图线，可求出物体的加速度大小为解得B正确；

2ak10m/s21a5m/s21根据匀变速运动的位移与时间关系公式xvt at2，整理得10 24xvt

12at根据丙图中xt图像为一次关系图线，可求出物体的加速度大小为t1ak042m/s22 2解得a4m/s2物体的加速度大小为4m/s2，C错误；at物理的速度变化量，则丁图中at2s内的速度变化量大小为1v232m/s3m/sD错误。故选B。10．BCDAB.人与扶梯之间没有摩擦力，故A错误，B正确；CD．乙图中电梯匀速上升，人受重力、支持力和摩擦力三个力的作用，由平衡条件知，扶梯对乙的作用力与乙受到的重力等大反向，故方向应竖直向上，故CD正确。故选BCD。11．BD【详解】A．根据1h2gt2解得2hg2hg设落在A点的小球下落的高度为h

，由图根据几何关系可知Ah hB C

2hA则三次抛出小球后，小球在空中飞行的时间之比为故A错误；

t :t :tB

1: :22522AB两点时，则小球都落在斜面上，则小球位移与水平方向夹角的正切值为1tan45

gt22

gt1vt 2v0 0则小球速度方向与水平方向夹角的正切值为tanvyv

gt2v0 0可知，小球速度方向与初速度的大小无关，则小球落到B两点时，其速度方向相同，故B正确；CD．根据

xvt0解得vx0 t则小球落到A、B两点，则两次抛出时小球的速率之比为vAvB

xAtBx t

1 222 1 222则小球落到A、C两点，则两次抛出时小球的速率之比为vACvC

xAx

1 223 1 322故C错误D正确。故选BD。12．AD

C A【详解】设两物块的质量均为m，撤去拉力前，两滑块均做匀速直线运动，则拉力大小为F2mg撤去拉力前对Q受力分析可知，弹簧的弹力为Tmg0AB簧弹力不变为mg，两滑块与地面间仍然保持相对滑动，此时滑块P的加速度为Tmgma0 P16解得a 2gP1此刻滑块Q所受的外力不变，加速度仍为零，过后滑块P做减速运动，故PQ弹簧的伸长量变小，弹簧弹力变小。根据牛顿第二定律可知P减速的加速度减小，滑块Q的合外力增大，合力向左，做加速度增大的减速运动。故P加速度大小的最大值是刚撤去拉力瞬间的加速度为2g。Q加速度大小最大值为弹簧恢复原长时mgmaQm解得gagaQm故滑块Q加速度大小最大值为g，A正确，B错误；滑块PQ间的距离在减小，故P的位移一定小于Q错误；滑块P在弹簧恢复到原长时的加速度为mgmaP2解得a gP2的初速度相等，滑块P由开始的加速度大小为2gg；滑块Q0gP的速度大小均不大于同一时刻Q的速故选AD。13．AC【详解】对AB整体受力分析，受到重力mg=（m1+m2）g、支持力N、拉力F、滑动摩擦力f，如图7根据共点力平衡条件，有：NFsinmg0NFsinmg0NmgmgFsinfFcos1 2故选AC．【名师点睛】对AB整体受力分析，受到重力（m1+m2）g、支持力N、拉力F、滑动摩擦力f，然后根据共点力平衡条件列式求解．14．ABC【详解】CD．由图示速度随时间变化的图像可知，0到1s内，煤块的加速度大小124a m/s21 1方向沿传送带向下；1到2s内煤块的加速度大小40a m/s24m/s22 1方向沿传送带向下，对煤块，由牛顿第二定律可得mgsinmgcosma1代入数据联立解得

mgsinmgcosma20.25tan0.75故C正确，D错误；1 煤块上升到最高点的位移大小等于速度随时间变化的图像速度随时间变化的图像与时1 x (124)1 412 2煤块上升到最高点后反向向下做初速度为零的匀加速直线运动，设返回到A点所需的时间8为t ，下滑的位移下

x12

at22下解得t下A

5s故A正确；

t4t下

(2 5)s01s内传送带比物块速度慢，则煤块在传送带上的划痕为L1(124)1414m1 2此时划痕在物块的下方，在1到2s内，传送带速度比物块速度大，则L411412m2 2因为LL2 15所以在上升阶段产生的划痕为4此时煤块在产生的划痕的中点在2s到(2 5)s时间内煤块向下滑了传送带向上滑了4 5m，则煤块在传送带上的划痕为5故B正确。故选ABC。15． BC 1.5 0.2

L1043

2124 5m（1）[1]A.由于小球每次都从同一位置由静止开始运动，到达斜槽末端速度相同，错误；B正确；C正确；D点，D错误。9故选BC。（2）[2]由于平抛运动在水平方向时匀速运动，由于AB与BC隔相等，在竖直方向上，根据ygT2可得相邻两点间的时间间隔

T (53)5102s0.1s10因此抛出的水平速度

vx

35102m

1.5m/s0 T 0.1sB点时的竖直速度yv CyAy

(35)5102m2m/sBy 0.2s而v gtBy因此小球从槽口抛出到运动到B点位置所用的时间tvBy0.2sgB点离槽口的水平距离xvt1.5m/s0.2s0.3m016． 1.84 1.96 滑轮的轴不光滑，绳和滑轮之间有摩擦（或滑轮有质量）【详解】①有题意可知小球下降过程中做匀加速直线运动，故根据运动学公式有h 1h 1aT220代入数据解得a=1.84m/s2；②根据牛顿第二定律可知对小球A有mmg maA A对小球B有TmTmBB带入已知数据解得a 1.96m/s2；③在实验中绳和滑轮之间有摩擦会造成实际计算值偏小。101（）50（）航向与岸成60角，57.7s【详解】（1）小船船头指向河对岸时，时间最短，故小船渡河时间等于垂直河岸的分运动时间td=200s=50s1 v 4船（2）要小船垂直过河，即合速度应垂直河岸，则水cosv水v船

2 142所以60，即航向与岸成60角；小船渡河时间d 200t2v船

= ssin 4sin601（）t1

4s，Ff

2.513N（）20（）v5 5m/s（1）根据平均速度解得