2021年湖南省长沙师大附中教育集团中考物理第二次联考试卷

第第#页，共15页掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素。能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化15.【答案】48.41.47X105【解析】解：(1)由P==必可得，电热水壶的电阻:RR=血=R=血=(220U)2P1000W=48.40(2)一满壶水的体积：V=0.5厶=0.5dm3=5X104m3,由卩=皿可得，水的质量：Vm=pU=1・0x103^^/m3x5x104m3=0.5kg,在1标准大气压下水的沸点为100°C,水需要吸收的热量:Q”=cm(tt0)=4.2X103〃伙9-°C)X0.5k°X(100C30C)=1.47X105丿吸水0故答案为：48.4；1.47X105。知道电热水壶的额定电压和额定功率，根据P=刃=心求出电热水壶的电阻;R-满壶水的体积和其容积相等，根据P科求出水的质量，在1标准大气压下水的沸点为100C，根据Q吸=cm(tt0)求出水需要吸收的热量。本题考查了电功率公式和吸热公式的应用，要注意在1标准大气压下水的沸点为100°C。16.【答案】变小变大【解析】解：因电源的电压保持不变，所以电压表的示数不变;当滑动变阻器的滑片p向右移动时，接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变小，即电流表的坷的示数变小；因为电阻尺2两端的电压和电阻都不变，根据欧姆定律可知，通过电阻^2的电流不变；又因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，所以电流表A的示数变小；则电压表V与电流表A示数的比值将变大。故答案为：变小；变大。根据电路图可知，闭合开关S,滑动变阻器坷与电阻心并联，电流表4］测量通过滑动变阻器坷的电流，电流表A测量电路总电流，电压表测电源的电压；根据电源电压可知电压表的示数的变化；根据滑动变阻器滑片移动的方向确定滑动变阻器接入电路阻值的变化，根据欧姆定律判断通过滑动变阻器电流的变化；根据并联电路电压的规律和欧姆定律判断通过R2支路电流的大小，再根据并联电路电流规律可知干路电流表A示数的变化，进一步求出电压表V与电流表A示数比值的变化。本题考查欧姆定律的应用和并联电路电流和电压的特点，关键知道滑动变阻器滑片移动过程中电路电阻的变化情况。17.【答案】3.2103.2X103【解析】解：弹簧测力计的示数最小时，合金块A受到的最大浮力：F浮=GF=32N22N=10N。合金浸没在水中时，排开水的体积等于合金的体积，

所以合金的体积：p水g10^1.0x103上所以合金的体积：p水g10^1.0x103上9/m3xlON/上9103m3合金的质量：m=G=^^=32kgg10N/kg合金的密度：p=^=3'2k9=3.2x103kg/miV103m3故答案为：3.2；10；3.2x103。合金块A受浮力最大时即弹簧测力计的示数最小时，因为弹簧测力计的读数等于合金块A的重力减去合金块A的浮力。根据浮力公式计算合金块A的体积，根据重力公式计算合金块A质量，根据密度公式计算合金块A的密度。本题考查学生的分析能力和运用所学的知识解决实际问题的能力，对学生的要求较高。18.【答案】98不能2.94x104【解析】解：根据图乙所示，温度计的最小分度值为1°C,则温度计示数为98T，即水的沸点为98T；要比较其中一个物理量的大小，就得控制其他物理量不变，所以在其他物理量不变的情况下才能比较，而实验中没有保持二者质量和升高的温度相同，所以不能得出食盐水比热容大的结论；由p=:可得，水的质量：m=pV=1.0x103kg/mix100x106ms=0.1kg；水吸收的热量：Q=cmAt=4.2x103j/(kg-°C)x0.1kgx(100C30C)=2.94x104丿。故答案为：(1)98；(2)不能；(3)2.94x104。确定温度计的分度值，读出示数；要比较比热容的大小，必须得控制其他物理量不变，保证质量不变，还有一个因素，得使两者的温度差相同，才可以比较比热容的大小；先根据密度公式的应用求出水的质量，然后根据Q=求出水吸收的热量。本题考查温度计的读数、控制变量法的应用以及热量的计算，本题的关键点是会利用控制变量法进行分析。19.【答案】11.0照相机近【解析】解：(1)一束平行于凸透镜主光轴的光线通过凸透镜后，在光屏上会聚成了一个最小、最亮的光斑，最小、最亮的光斑就是焦点。由图可知，焦距为f=41.0cm30.0cm=11.0cm。由于凸透镜的焦距是11.0cm，由图可知物距是35cm时，物距大于二倍焦距，成缩小、倒立的实像，这是照相机的工作原理。因凹透镜对光线有发散作用，会使所成的像向后，那必须使光屏向后才能得到清晰的像，所以小华同学她放入的眼镜是凹透镜，凹透镜可以矫正近视眼。故答案为：(1)11.0；(2)照相机；(3)近。平行于主光轴的光会聚于主光轴上一点，这一点叫焦点，焦点到光心的距离叫焦距。物距是35cm时，是在二倍焦距之外，成倒立缩小的实像，是照相机的原理。由“向右移动光屏，光屏上烛焰的像又重新变的清晰”可知使所成的像向后，原因是凹透镜对光线有发散作用。本题主要考查了如何测量焦距，实验注意事项以及凸透镜的成像规律，近视眼镜的原理。同时考查学生动手操作实验的能力，并能根据实验现象得出正确结论，能有效解决实验中出现的问题。20.【答案】泡沫塑料的形变程度压力越大控制变量【解析】解：(1)实验用泡沫塑料的形变程度来反映压力作用效果，泡沫塑料形变越大，压力作用效果越明显。(2)甲、乙两图，受力面积相同，压力越大，泡沫塑料形变越大，压力作用效果越明显，所以在受力面积一定时，压力越大，压力作用效果越明显。此实验中，为了研究某一个因素对实验结果的影响，而使其他的影响因素都保持相同，这种研究方法我们称之为控制变量法。故答案为：(1)泡沫塑料的形变程度；(2)压力越大；(3)控制变量。(1)压力作用效果用物体形变大小来反映。(2)压力作用效果跟压力大小和受力面积大小有关。在压力一定时，受力面积越小，压力作用效果越明显；在受力面积一定时，压力越大，压力作用效果越明显。(3)研究某一个因素对实验结果的影响，而使其他的影响因素都保持相同，这种研究方法我们称之为控制变量法。掌握压力作用效果的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究压力作用效果跟影响因素之间的关系。【答案】R1断路4D【解析】解：(1)闭合开关后，电流表无示数，电路可能断路，但电压表有示数，则电压表与电源连通，因故障只发生在用电器上，原因可能是$断路；(2)探究电流与电阻的关系时，当气的阻值是20,电流表示数是1.04，由欧姆定律1=也得，电阻的电压：1RU=IR=1.0AX2H=2V，探究电流与电阻的关系时，要控制电阻的电压不变，要使电流表示数为0.54,由欧姆定律得，=-=^^=4^；11205A因电压不变时，电流与电阻成反比，根据数学知识，多次测量后作出的I-R1图像是图乙中的D。故答案为：(1)心断路；(2)4；D。若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表有示数接，则电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；根据已知条件，由欧姆定律得邮电阻的电压；探究电流与电阻的关系时，要控制电阻的电压不变，要使电流表示数为0.54,由欧姆定律得出匕；根据电压不变时，电流与电阻成反比分析。本题探究“通过导体的电流与电压、电阻的关系”，考查故障和数据分析和欧姆定律的运用。【答案】不能发电机或动圈式话筒【解析】解：铜棒ab上下运动时，正好和蹄形磁体中磁感线的方向一致，不能做切割磁感线运动，所以不能产生感应电流，电流表的指针不能发生偏转；发电机或动圈式话筒的工作原理是电磁感应现象。故答案为：(1)不能；(2)发电机或动圈式话筒。产生感应电流的条件：电路是闭合的，并且是部分导体做切割磁感线运动；发电机或动圈式话筒的工作原理是电磁感应现象。本题考查了产生感应电流的条件和应用素，难度不大。【答案】解：(1)由图可知，电压表测量定值电阻R两端的电压，当SJ闭合、S2接a时，灯-与R串联，且灯厶］正常发光，则卩=耳+久=前+也=12穴(2)由于灯厶］与r串联，且厶］正常发光，贝y一='1=仟=常=°列额1得.R=吗==120°*0.5S°jj2(3)灯厶2的电阻R2=-额2=卿=40,卩额29"当S］闭合、s2接b时，灯厶2与R串联，贝y=/'=—^=12卩=0.754,RR240120灯厶2消耗的电功率为：笃=/尹2=(0.754)2X4n=2.25W.答:(1)电源电压为12V.定值电阻R的阻值为120.当开关SJ闭合，S2拔至b时，灯厶2消耗的电功率是2.25W.【解析】(1)由图可知，电压表测量定值电阻R两端的电压，当SJ闭合、S2接a时，灯厶占R串联，灯泡厶］能正常发光，贝根据串联电路的电压规律即可求出电源电压.这时，由于灯厶］与R串联，求出厶］正常发光时的电流，即可知道通过定值电阻R的电流，如何根据欧姆定律可求R的阻值.当开关»闭合，S2拔至b时，灯厶2与R串联，首先根据灯厶2的额定值求出阻值，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出这时的电流，即可利用功率公式P=/2R计算灯厶2消耗的电功率.本题考查了串联电路电流和电压的特点，会利用欧姆定律和电功率进行计算，关键是公式和公式变形的理解和应用.【答案】解：(1)正方体实心货物的体积：y=厶3=(0.5m)3=0.125m3，由G=可得，货物的质量：m=^=2800"=280^9,g10N/上9货物的密度：p=—=280切=2.24X103fc^/m3；V0.125m3在匀速提升中，货物对货厢底部的压力：F=G=2800N,受力面积：S=厶2=(0.5m)2=0.25m2，货物对货厢底部的压强：p=E==1.12X104Pa；S0.25m2由图乙可知，货物匀速上升4s时，拉力做的功为"=8000丿，由u=$可得，货物匀速上升4s时上升的高度：t^=vt=0.5m/sX4s=2m，由图甲可知，滑轮组绳子的有效股数n=4,则绳子自由端移动的距离：s=M=4X2m=8m,由”=Fs可得，钢丝绳上的拉力：F=座=血以=1000N；s8m升降机在提升货物工作过程中的机械效率：乃=臬X100%=血X100%=皿X100%=£X100%=280°NX100%=70%。"总F's呗曲4X1000N答：(1)货物的密度为2.24x103kg/m3；在匀速提升中，货物对货厢底部的压强是1.12x104pa；在匀速提升中，钢丝绳上的拉力是1000N；升降机在提升货物工作过程中的机械效率是70%。【解析】(1)知道正方体实心货物的边长可求其体积，根据G=尬9求出货物的质量，利用p=学求出货物的密度；在匀速提升中，货物对货厢底部的压力和自身的重力相等，受力面积的大小等于货物的底面积，根据P=已求出货