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文档简介
概率论与数理统计及其应用习题解答
第1章随机变量及其概率
1,写出下列试验的样本空间:
(1)连续投掷一颗骰子直至6个结果中有一个结果出现两
次,记录投掷的次数。
(2)连续投掷一颗骰子直至6个结果中有一个结果接连出
现两次,记录投掷的次数。
(3)连续投掷一枚硬币直至正面出现,观察正反面出现的
情况。
(4)抛一枚硬币,若出现H则再抛一次;若出现T,则再
抛一颗骰子,观察出现的各种结果。
解:(1)5={2,3,4,5,6,7};(2)5={2,3,4,八};(3)5={",777,7777,777”,八};
⑷S={HH,HT,Tl,T2,T3,T4,T5,T6}。
2,设是两个事件,已知P(A)=0.25,P⑻=0.5,P(AB)=0.125,,求
P(AuB),P(AB),P(AB),P[(AuB)(AB)]°
解:P(AuB)=P(A)+P(B)-P(AB)=0.625,
P(KB)=Pf(S-A)B]=P(B)-P(AB)=0.375,
P(AB)=1-P(AB)—0.875,
P[(Au5)(柄]=P[(AuB)(S-AB)]=P(AuB)-P[(Au=0.625-P(AB)=0.5
3,在100,101,…,999这900个3住数中,任取一个3
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位数,求不包含数字1个概率。
解:在100,101,…,999这900个3位数中不包含数字1
的3位数的个数为8x9x9=648,所以所求得概率为
嘉。刀
4,在仅由数字0,1,2,3,4,5组成且每个数字之多出现
一次的全体三位数中,任取一个三住数。(1)求该数是奇数
的概率;(2)求该数大于330的概率。
解:仅由数字0,1,2,3,4,5组成且每个数字之多出现
一次的全体三位数的个数有5x5x4=100个。(1)该数是奇数
的可能个数为4x4x3=48个,所以出现奇数的概率为
=0.48
100
(2)该数大于330的可能个数为2x4+5x4+5x4=48,所以该
数大于330的概*率为
9=0.48
100
5,袋中有5只白球,4只红球,3只黑球,在其中任取4只,
求下列事件的概率。
(1)4只中恰有2只白球,1只红球,1只黑球。
(2)4只中至少有2只红球。
(3)4只中没有白球。
解:(1)所求概率为GQQ一8;
C433
2
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(2)所求概率为°4G+°4G+q=2°।,67.;
C4495165
12
(3)所求概率为£1=21=工。
C4495165
12
6,一公司向用个销售点分发/<〃)张提货单,设每张提货
单分发给每一销售点是等可能的,每一销售点得到的提货单
不限,求其中某一特定的销售点得到心心〃)张提货单的概率。
解:根据题意,四<也张提货单分发给〃个销售点的总的可
能分法有.种,某一特定的销售点得到-心〃)张提货单的可
能分法有CMMT),一种,所以某一特定的销售点得到乂心〃)张
n
提货单的概率为CM/T)T。
Mn
7,将3只球(1~3号)随机地放入3只盒子(/3号)中,
一只盒子装一只球。若一只球装入与球同号的盒子,称为一
个配对。
(1)求3只球至少有1只配对的概率。
(2)求没有配对的概率。
解:根据题意,将3只球随机地放入3只盒子的总的放法有
3!=6种:123,132,213,231,312,321;没有1只配对
的放法有2种:312,231o至少有1只配对的放法当然就有
6-2=4种。所以
3
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(2)没有配对的概率为3=1;
63
(D至少有1只配对的概率为1_二3。
33
8,(1)设P(A)=O.5,P(8)=O.3,P(A5)=O.1,,求
P(AIB),P(BIA),P(AIAu6),
P(AB\AuB),P(A\AB)-
(2)袋中有6只白球,5只红球,每次在袋中任取1只球,
若取到白球,放回,并放入1只白球;若取到红球不放回也
不放入另外的球。连续取球4次,求第一、二次取到白球且
第三、四次取到红球的概率。
解:(1)由题意可得「(-5)=「(4)+尸(5)-「(m=0.7,所以
P(AB)0.1_1P(AB)0.11
P(AIB)==P⑻A)=__=_9
P(B)-03-3"PG4F0.55
P[AB(A<JB)]P(AB)1
P(ABIAuB)==_9
P(AuB)P(AuB)7
P[A(AB)]P(AB)I
P(AIAB)=--------=------=1°o
P(AB)P(AB)
(2)设A(,=L2,3,4)表示“第,次取到白球”这一事件,而取到
i
红球可以用它的补来表示。那么第一、二次取到白球且第三、
四次取到红球可以表示为A433,它的概率为(根据乘法公
1234
式)
P(AAAA)=P(A)P(AIA)P(A\AA)「(不\AAA)
12341213124123
4
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6754840
—X—X-X—==0.0408。
1112131220592
9,一只盒子装有2只白球,2只红球,在盒中取球两次,每
次任取一只,做不放回抽样,已知得到的两只球中至少有一
只是红球,求另一只也是红球的概率。
解:设“得到的两只球中至少有一只是红球”记为事件A,
“另一只也是红球”记为事件8。则事件A的概率为
P(A)=2X3X3+3XL=3(先红后白,先白后红,先
43436
红后红)
所求概率为
21
.⑻A)="AB)==
P(A)55
6
10,一医生根据以往的资料得到下面的讯息,他的病人中有
5%的人以为自己患癌症,且确实患癌症;有45%的人以为自
己患癌症,但实际上未患癌症;有10%的人以为自己未患癌
症,但确实患了癌症;最后40%的人以为自己未患癌症,且
确实未患癌症。以A表示事件“一病人以为自己患癌症”,以
8表示事件“病人确实患了癌症”,求下列概率。
G)P(A),P(B);(2)P⑻A);(3)p(BI不);(4)p(AIB)»(5)
P(AI5)°
解:(1)根据题意可得
5
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P(A)=P(AB)+P(AB)=5%+45%=50%;
P(B)=P(BA)+P(BA)=5%+10%=15%;
(2)根据条件概率公式:「⑻A)=P(")=5%=o];
P(A)50%'
10%
(3)=0.2;
1-50%
P(AB)45%9•
(4)P(AI后)==___9
P(B)1-15%17
P(AB)5%1
(5)P(AIB)==_____=一o
P⑺15%3
11,在11张卡片上分别写上engineering这11个字母,从
中任意连抽6张,求依次排列结果为ginger的概率。
解:根据题意,这11个字母中共有2个g,2个i,3个n,
3个e,1个r。从中任意连抽6张,由独立性,第一次必须
从这11张中抽出2个g中的任意一张来,概率为2/11;第
二次必须从剩余的10张中抽出2个i中的任意一张来,概
率为2/10;类似地,可以得到6次抽取的概率。最后要求的
概率为
223131361.或者。。。。。。1
nW98763326409240尢Ab9240
11
12,据统计,对于某一种疾病的两种症状:症状A、症状B,
有20%的人只有症状A,有30%的人只有症状B,有10%的人
两种症状都有,其他的人两种症状都没有。在患这种病的人
群中随机地选一人,求
6
概率论与数理统计及其应用习题解答
(1)该人两种症状都没有的概率;
(2)该人至少有一种症状的概率;
(3)已知该人有症状B,求该人有两种症状的概率。
解:(1)根据题意,有40%的人两种症状都没有,所以该人
两种症状都没有的概率为1一20%-30%-10%=40%;
(2)至少有一•种症状的概率为]_40%=60%;
(3)已知该人有症状B,表明该人属于由只有症状B的30%
人群或者两种症状都有的10%的人群,总的概率为
30%+10%=40%,所以在已知该人有症状B的条件下该人有两
种症状的概率为1。%_10
30%+10%4
13,一在线计算机系统,有4条输入通讯线,其性质如下表,
求一随机选择的进入讯号无误差地被接受的概率。
无误差的讯息的份
通讯线通讯量的份额
额
10.40.9998
20.30.9999
30.10.9997
40.20.9996
解:设“讯号通过通讯线,进入计算机系统”记为事件
A.(i=1,2,3,4),“进入讯号被无误差地接受”记为事件B。则根
据全概率公式有
7
概率论与数理统计及其应用习题解答
P(B)=£尸(A)尸(5IA)=0.4x0.9998+0.3x0.9999+0.1x0.9997+0.2x0.9996
1=1
=0.99978
14,一种用来检验50岁以上的人是否患有关节炎的检验法,
对于确实患关节炎的病人有85%的给出了正确的结果;而对
于已知未患关节炎的人有4%会认为他患关节炎。已知人群中
有10%的人患有关节炎,问一名被检验者经检验,认为他没
有关节炎,而他却有关节炎的概率。
解:设“一名被检验者经检验认为患有关节炎”记为事件A,
“一名被检验者确实患有关节炎”记为事件8。根据全概率
公式有
P(A)=P(B)P(AIB)+P(B)P(AIB)=10%x85%+90%x4%=12.1%,
所以,根据条件概率得到所要求的概率为
P(BA)_P(B)P(AIB)_10%(l-85%)
P⑻4)=17.06%
P(4)1—P(A)1-12.1%
即一名被检验者经检验认为没有关节炎而实际却有关节炎
的概率为17.06%.
15,计算机中心有三台打字机A,B,C,程序交与各打字机打
字的概率依次为0.6,0.3,0.1,打字机发生故障的概率依
次为0.01,0.05,0.04o已知一程序因打字机发生故障而被
破坏了,求该程序是在A,B,C上打字的概率分别为多少?
解:设“程序因打字机发生故障而被破坏”记为事件加,“程
8
概率论与数理统计及其应用习题解答
序在A,B,C三台打字机上打字”分别记为事件N,N,No则
12’3
根据全概率公式有
P(M)=EP(N)P(MIN)=0.6x0.01+0.3x0.05+0.1x0.04=0.025,
1=]
根据Bayes公式,该程序是在A,B,C上打字的概率分别为
P(N、)P(MIN,)_0.6x0.01
P(NIM)=0.24,
i'P(M)~'0.025
P(N)P(MIN)0.3x0.05
P(NIM)=---2-------------------2—=0.60,
2P(M)0.025
P(N)P(M\N)0.1x0.04
P(N\M)='P(M)~=0.16。
30.025
16,在通讯网络中装有密码钥匙,设全部收到的讯息中有95%
是可信的。又设全部不可信的讯息中只有0.1%是使用密码钥
匙传送的,而全部可信讯息是使用密码钥匙传送的。求由密
码钥匙传送的一讯息是可信讯息的概率。
解:设“一讯息是由密码钥匙传送的”记为事件A,“一讯息
是可信的”记为事件8。根据Bayes公式,所要求的概率为
P(AB)_P(B)P(AIB)_95%xl
P(B\A)==99.9947%
P(A)-P(5)P(AI8)+P(B)P(AI8)-95%x1+5%x0.1%
17,将一枚硬币抛两次,以A,B,C分别记事件“第一次得H”,
“第二次得H”,“两次得同一面”。试验证A和B,B和C,C
和A分别相互独立(两两独立),但A,B,C不是相互独立。
解:根据题意,求出以下概率为
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概率论与数理统计及其应用习题解答
P(A)=P⑻=:,11111.
P(C)=_x_+_x_=_»
22222
P(AB)=lxl=l,=lxl=l»P(^BC)=1x1=1
P(BC)=尸(C4)
224224224
所以有
P(AB)=P(A)P(3),P(AC)=P(A)P(C),P(BC)=P(8)P(C)°
即表明A和B,B和C,C和A两两独立。但是
P(ABC)丰P(A)尸(8)P(C)
所以A,B,C不是相互独立。
18,设A,B,C三个运动员自离球门25码处踢进球的概率依
次为0.5,0.7,0.6,设A,B,C各在离球门25码处踢一球,
设各人进球与否相互独立,求(1)恰有一人进球的概率;(2)
恰有二人进球的概率;(3)至少有一人进球的概率。
解:设“A,B,C进球”分别记为事件N(i=1,2,3)。
i
(1)设恰有一人进球的概率为p,则
p=P{NNN}+P{NNN}+P{NNN}
1123123123
=P(N)P(N)P(N)+P(N)P(N)P(N)+P(N)P(N)P(N)(由独立
123I23123
性)
=0.5x0.3x0.4+0.5x0.7x0.4+0.5x0.3x0.6
=0.29
(2)设恰有二人进球的概率为〃,则
r2
p=P{NNN}+P{NNN}+P{NNN}
2123I23123
=P(N)P(N)P(河)+P(N)P(N)P(N)+P(N)P(N)P(N)(由独立
123I23123
10
概率论与数理统计及其应用习题解答
性)
=0.5x0.7x0.4+0.5x0.7x0.6+0.5x0.3x0.6
=0.44
(3)设至少有一人进球的概率为0,则
H3
p=\-P{NNN}=1-P(AT)P(N)P(N)=1-0.5x0.3x0.4=0.94°
3123I23
19,有一危重病人,仅当在10分钟之内能有一供血者供给
足量的A-RH+血才能得救。设化验一位供血者的血型需要2
分钟,将所需的血全部输入病人体内需要2分钟,医院只有
一套验血型的设备,且供血者仅有40%的人具有该型血,各
人具有什么血型相互独立。求病人能得救的概率。
解:根据题意,医院最多可以验血型4次,也就是说最迟可
以第4个人才验出是A-RH+型血。问题转化为最迟第4个人
才验出是A-RH+型血的概率是多少?因为
第一次就检验出该型血的概率为0.4;
第二次才检验出该型血的概率为0.6x0.4=0.24;
第三次才检验出该型血的概率为0.62x0.4=0.144;
第四次才检验出该型血的概率为0.63x0.4=0.0864;
所以病人得救的概率为0.4+0.24+0.144+0.0864=0.8704
20,一元件(或系统)能正常工作的概率称为元件(或系统)
的可靠性。如图设有5个独立工作的元件1,2,3,4,5按
11
2
概率论与数理统计及其应用习题解答
先串联再并联的方式连接,设元件的可靠性均为p,试求系
统的可靠性。
解:设“元件,•能够正常工作”记为事件1
A(i=1,2,3,4,5)。
那么系统的可靠性为
P{(AA)u(4)口(AA)}=P(4A)+P(A)+P(AA)
-P(AAA)-P(AAAA)-P(AAA)+P(AAAAA)
I23124534512345
=P(A)P(A)+P(A)+P(A)P(A)-P(A)P(A)P(A)-P(A)P(A)尸(A)P(A)
123451231245
-P(A)P(A)P(A)+P(A)P(A)P(A)P(A)P(A)
34512345
=〃2+〃+〃2—-〃4一〃3+p5
-〃+2P2-2〃3一〃4+p5
21,用一种检验法检测产品中是否含有某种杂质的效果如
下。若真含有杂质检验结果为含有的概率为0.8;若真不含
有杂质检验结果为不含有的概率为0.9,据以往的资料知一
产品真含有杂质或真不含有杂质的概率分别为0.4,0.6o今
独立地对一产品进行了3次检验,结果是2次检验认为含有
杂质,而一次检验认为不含有杂质,求此产品真含有杂质的
概率。(注:本题较难,灵活应用全概率公式和Bayes公式)
解:设“一产品真含有杂质”记为事件A,“对一产品进行3
次检验,结果是2次检验认为含有杂质,而1次检验认为不
含有杂质”记为事件8。则要求的概率为P(AI5),根据Bayes
12
概率论与数理统计及其应用习题解答
公式可得
P(A)P(B\A)
P(AIB)=
P(A)P(BIA)+P(A)P(BIA)
又设“产品被检出含有杂质”记为事件C,根据题意有
P(A)=0.4,而且P(CIA)=0.8,P(CIJ)=0.9,所以
P⑻4)=。x0.82x(l-0.8)=0.384;IA)=C2x(1-0.9)2x0.9=0.027
33
故,
P(A)P(BIA)_0.4x0.384_0.1536
P(AIB)=
P(A)P(8IA)+P(A)P⑻A)-0.4x0.384+0.6x0.027-0.1698
(第1章习题解答完毕)
第2章随机变量及其分布
1,设在某一人群中有40%的人血型是A型,现在在人群中随
机地选人来验血,直至发现血型是A型的人为止,以Y记进
行验血的次数,求Y的分布律。
解:显然,Y是一个离散型的随机变量,Y取攵表明第%个人
是A型血而前”1个人都不是A型血,因此有
P{y=口=04x(1一0.4)i=0.4x0.6i,G=1,2,3,A)
上式就是随机变量Y的分布律(这是一个几何分布)。
2,水自A处流至B处有3个阀门1,2,3,阀门联接方式如
图所示。当信号发出时各阀门以0.8的概率打开,以X表示
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概率论与数理统计及其应用习题解答
当信号发出时水自A流至B的通路条数,求X的分布律。设
各阀门的工作相互独立。
解:X只能取值0,1,2o设以Aa=123)记第,个阀门没有
打开这一事件。则P[X=0}=P{A(AUA)}=P{(AA)u(AA))
I231213
=P{AA}+P{AA}-P{AAA}=P(A)P(A)+P(A)P(A)-P(A)P(A)P(A)
I2I3I2312I3123
=(1-0.8)2+(1-0.8)2-(1-0.8)3=0.072,
类似有P{X=2}=P{A(AA)}=P(AAA)=0.83=0.512,
123123
P{X=1}=1-P{X=0}-P{X=2}=0.416,综上所述,可得分布律为
X012]
p〈x=k}0.0720.5120.416।----'一
AB
23
3,据信有20%的美国人没有任何健
康保险,现任意抽查15个美国人,以X表示15个人中无任
何健康保险的人数(设各人是否有健康保险相互独立)。问X
服从什么分布?写出分布律。并求下列情况下无任何健康保
险的概率:(1)恰有3人;(2)至少有2人;(3)不少于1
人且不多于3人;(4)多于5人。
解:根据题意,随机变量X服从二项分布B(15,0.2),分布
律为
P(X=k)=Ckx0.2*x085-*,k=0,1,2,A15o
15
(1)P(X=3)=C3X0.23X0.812=0.2501,
15
(2)P(X22)=1-P(X=1)-P(X=0)=0.8329;
14
概率论与数理统计及其应用习题解答
(3)—(1KX«3)=尸(X=1)+1(X=2)+尸(X=3)=0.6129;
(4)P(X〉5)=1-P(X=5)-P(X=4)-P(X=3)—P(X=2)
-P(X=1)—P(X=0)=0.0611
4,设有一由〃个元件组成的系统,记为左/〃@,这一系统的
运行方式是当且仅当“个元件中至少有工(0<攵口)个元件正常
工作时,系统正常工作。现有一3/5⑹系统,它由相互独立的
元件组成,设每个元件的可靠性均为0.9,求这一系统的可
靠性。
解:对于3/515系统,当至少有3个元件正常工作时,系统正
常工作。而系统中正常工作的元件个数X服从二项分布B(5,
0.9),所以系统正常工作的概率为
£p(X=k)=£ckX0.9AX0.15-&=0.99144
5
k=3k=3
5,某生产线生产玻璃制品,生产过程中玻璃制品常出现气
泡,以至产品成为次品,设次品率为0.001,现取8000件产
品,用泊松近似,求其中次品数小于7的概率。(设各产品
是否为次品相互独立)
解:根据题意,次品数X服从二项分布B(8000,0.001),所
以
P(X<7)=P(X<6)=^Ck0.00kx0.999S000-*
8000
k=0
15
概率论与数理统计及其应用习题解答
〜一(8000x0.001)〃~刈_0“34(查表得)。
6,(1)设一天内到达某港口城市的油船的只数X\(io),求
P{X>15}
(2)已知随机变量X兀(入),且有P{X>0}=0.5,求P{XN2}。
解:⑴P{X>15}=1-P{X<15)=1-0.9513=0.0487
⑵根据p{x>0}=l-P{X=0}=—4=0.5,得到入=ln2。所以
P{X>2]=1-P{X=0}-P{X=1}=1-0.5-Xe-X=(l-In2)/2®0.1534。
7,一电话公司有5名讯息员,各人在t分钟内收到讯息的
次数x5⑵)(设各人收到讯息与否相互独立)。(D求在一
给定的一分钟内第一个讯息员未收到讯息的概率。(2)求在
给定的一分钟内5个讯息员恰有4人未收到讯息的概率。(3)
写出在一给定的一分钟内,所有5个讯息员收到相同次数的
讯息的概率。
解:在给定的一分钟内,任意一个讯息员收到讯息的次数
x~兀⑵。
(1)P[X=0}=e-2®0.13535
(2)设在给定的一分钟内5个讯息员中没有收到讯息的讯
息员人数用Y表示,则Y~B(5,0.1353),所以
P{Y=4}=00.13534x(1-0.1353)=0.00145。
(3)每个人收到的讯息次数相同的概率为
16
概率论与数理统计及其应用习题解答
Sf2©叶32ke-w
k!
8,一教授当下课铃打响时,他还不结束讲解。他常结束他
的讲解在铃响后的一分钟以内,以X表示铃响至结束讲解的
时间。设X的概率密度为0<x<l,(1)确定小
[0其他
⑵求PfX<1}J⑶求(4)求P[X>|}°
解:(1)根据1=于/(幻公=限2公=:,得到火=3;
P{X<L}='\33x2dx1.
____9
27
P{L<X<L}=']23x2dx7.
____9
4264
P{X>±}=19
27
9,设随机变量X的概率密度为〃幻=00°3"0JW10,求t
其他
的方程.2+2Xt+5X-4=0有实根的概率。
解:方程"+2Xf+5X-4=0有实根表明A=4X2-4(5X-4)>0>即
X2-5X+4>0>从而要求X24或者XW1。因为
P{X41}=JO.OO3无2dx=0.001,P{X24}=『0.003x2dx=0.936
04
所以方程有实根的概率为0.001+0.936=0.937.
17
概率论与数理统计及其应用习题解答
10,设产品的寿命X(以周计)服从瑞利分布,其概率密度
为
/w=1A00_e-.1-2/200尤20
)0其他
(1)求寿命不到一周的概率;
(2)求寿命超过一年的概率;
(3)已知它的寿命超过20周,求寿命超过26周的条件概
率。
解:(1)P{X<1}=J--e-x2/2(x)dx=l-e-i/2oo=0.00498;
100
o
诙X
(2)尸{X>52}e-.^/2oodx=6-2704/200«0.000001
52
\—^—e-x^n^dx
.P{X>26}100
尸{X>26X>20}=--------=^-----------------------------=^-276/2oo«0.251580
1P{X>20}%j
J---e-*2/200公
100
20
11,设实验室的温度X(以工计)为随机变量,其概率密度
为
(1)某种化学反应在温度X>1时才能发生,求在实验室中
这种化学反应发生的概率。
(2)在10个不同的实验室中,各实验室中这种化学反应是
否会发生时相互独立的,以Y表示10个实验室中有这
18
概率论与数理统计及其应用习题解答
种化学反应的实验室的个数,求Y的分布律。
(3)求p{y=2},P{X>2)°
解:(1)/>{%>1}=f1(4-%2)dx=»
i
(2)根据题意丫~仇1()2),所以其分布律为
,27
5
P(<Y=k)=Ckx,女=0,1,2,A10
io27
(3)p(r=2)=C2x=0.2998,
1()
>2)=1-P(Y=0)-=1)=0.5778o
12,(1)设随机变量Y的概率密度为
'0.2-l<y<0
/(y)=0.2+Cy0<y<\
0其他
试确定常数C,求分布函数尸(y),并求p{0<y<0.5},
p{y>o.5ir>0.1}。
(2)设随机变量X的概率密度为
1/80〈尤<2
于(X)='x/82<x<4
0其他
求分布函数/(X),并求P{l〈xW3},P[X>1IX<31°
解:⑴根据「LCM,+JC,=0.4+?得到C=L2。
-co-10
19
概率论与数理统计及其应用习题解答
0y<T
/0.2小
-1<y<0
F(y)=Jf(y)^y=■
J0.2dy+J(0.2+12y)dy
—000<y<1
_i
J0.2dy+J(0.2+1.2y)dy
y>1
J0
0y<-l
0.2(y+l)-1<y<0
0.6y2+0.2)>+0.20<y<l
1”1
P{O<r<0.5}=P[Y<0.5}-P{y<0}=F(0.5)-F(0)=0.45-0.2=0.25;
P[Y>0.5}_1-P{y<0.5}_1-尸(0.5)_1-0.45
P{K>0,517>0.1}=
P{r>0.1}-1-P{y<0.1)-l-F(O.l)-1-0.226
0x<0
\-dx
0x<0
80<x<2.
.0gx//8on0<x<2
(2)F(x)=ff(x)dx=<f1,fx»=<
J—dx+J—ax八,%2/162<x<4
-oo882<x<4
卜r1x>4
}Ldx+]_dx
88x>4
P{l<x<3}=F(3)-F(l)=9/16-1/8=7/16;
P{<1X<3}_F(3)-F(l)
P{X>\\X<3}=7/9°
P{X43}F(3)-
13,在集合A={1,2,3,….,川中取数两次,每次任取一数,
作不放回抽样,以X表示第一次取到的数,以Y表示第二次
取到的数,求X和Y的联合分布律。并用表格形式写出当n=3
时X和Y的联合分布律。
解:根据题意,取两次且不放回抽样的总可能数为n(n-1),
因此
20
概率论与数理统计及其应用习题解答
P[X=i,Y=j}=1,Qi丰j,且
n(n-1)
当n取3时,px=i,y=/}=1,3/j,且i«z,/v3),表格形
6
式为
123
101/61/6
21/601/6
31/61/60
14,设一加油站有两套用来加油的设备,设备A是加油站的
工作人员操作的,设备B是有顾客自己操作的。A,B均有两
个加油管。随机取一时刻,A,B正在使用的软管根数分别记
为X,Y,它们的联合分布律为
012
00.100.080.06
10.040.200.14
20.020.060.30
⑴求P{X=i,y=i},P{X<l,r<1}5
(2)求至少有一根软管在使用的概率;
(3)求p{x=y},p{x+Y=2}0
解:(1)由表直接可得p{x=i,y=i}=0.2,
P[x<jy<]}=0・1+0・08+0.04+0.2=0・42
(2)至少有一根软管在使用的概率为
21
概率论与数理统计及其应用习题解答
P{X+r>l}=1-P{X=0,y=0}=1-0.1=0.9
(3)
p{x=Y}=P{X=y=o}+p{x=y=1}+P{x=y=2}=0・1+0・2+0.3=0.6
p{x+y=2}=p{x=o,y=2}+P{X=i,y=i}+P{x=2,y=0}=0.28
15,设随机变量(X,Y)的联合概率密度为
Ce-(2x+4y),x>0,y>0
f(x,y)=<
0,其他
试确定常数c,并求p{x>2}2P{x>Y}9p{x+y<i}。
解:根据JJ/(x,y)dxdy=1»可得
x>0,y>0
1=JJf(x,y)dxdy-\dx\Ce-(2x+4y)dy-e-^xdx\e-^ydy=—9
8
x>0,y>0oo00
所以C=8。
P{X>2}=\\f{x,y)dxdy=dxf^e-^x+4y)dy=f2e-2xdxf4e-^ydy=e-4;
x>22020
P{X>Y}=\\f{x,y)dxdy=fd/8e-(2*+4))dy=f2e-2xdx\4e-^ydy=\le-2xfy-e-^dx='
x>y00000
f(x,y)dxdydxjJ
P[X+Y<1}Se-(2x+4y)dy2e-2xdxJ4e-^ydy=(1-0-2)2
.r+v<loo00
O
16,设随机变量(X,Y)在由曲线y=x2,y=]2/2,Al所围成的
区域G均匀分布。
(1)求(X,Y)的概率密度;
(2)求边缘概率密度/(x),/(y)。
22
概率论与数理统计及其应用习题解答
解:(1)根据题意,(X,Y)的概率密度必定是一常数,
故由
1=JJ/(尤,y)dxdy=Jdxff(x,y)dy=i/(x,y),得到f(x,y)=。
6
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