2021年河南省焦作某中学中考物理模拟试卷

2021年河南省焦作一中中考物理模拟试卷

一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）

1.如图所示，虚线框内为一透镜，为透镜的主光轴,

O是透镜光心，a（双箭头）和b（单箭头）是射向透镜的

两条光线，已知光线。道过透镜之后与"N交于P

点，光线6通过透镜之后与交于。点，由图可知，下列说法中正确的是（）

A.透镜是凸透镜，距离OP小于焦距B.透镜是凹透镜，距离。。小于焦距

C.透镜是凸透镜，距离OP大于焦距D.透镜是凹透镜，距离。。大于焦距

2.如图所示，甲、乙两物块叠放在一起放在光滑的水平面上处于

静止状态，当乙突然受到撞击，甲和乙一起沿平面运动，则下「乙

工/、乂-々日/、

列说法中I正-r*7确的Z./L是,（）

A.甲与乙的接触面是光滑的

B.撞击瞬间甲和乙间有摩擦力，此后甲和乙间没有摩擦力

C.它们的运动会越来越快

D.在运动过程中甲和乙间始终有摩擦力

3.如图所示，轻质杠杆两端悬挂同种材料制成的大小不

同的金属球时，杠杆平衡.若把它们同时浸入水中杠o（

杆仍然平衡，贝女）

A.两球一定都是实心的

B.大球实心，小球空心

C.大球空心，小球实心

D.两球都空心，且空心部分体积不同

4.某次跳伞演练中，直升机悬停于高空，一伞兵（含伞「

）跳伞后竖直降落，其速度v与时间的关系如图所示，*

则下列判断正确的是（）J；

A.在0〜Q内，伞兵受到的阻力不变，且重力大于°ht;t.

阻力

B.在G〜匕内，伞兵受到的阻力减小，且重力小于阻力

C.在。〜t2内，伞兵（含伞）的机械能保持不变

D.在t2〜J内，伞兵（含伞）的机械能保持不变

5.A、8两物体质量相等，温度均为10T；甲、乙两杯水质量相等，温度均为60冤,

现将A放入甲杯、B放入乙杯，热平衡后甲杯水温降低了5汽,乙杯水温降低了10冤,

不考虑热损失，则A、8两物体的比热容之比为（）

A.1：2B.3：5C.10：11D.4：9

6.轻质弹簧S的上端固定在天花板上，下端悬挂一质量为，"

的物体，平衡时弹簧的长度为现将一根与S完全相同s，1小

的弹簧剪为&和S2两部分；将质量分别为mi和机2的两物体J

分别与S1和52相连并悬挂在天花板上（nil+巾2=巾）如图m

所示。平衡时S1+S2的长度之和为功，则（）

A.乙2一定等于5

B.一定大于刀，且巾1越大、Si原长越长，G就越长

C.乙2一定小于刀，且巾1越大、52原长越长，就越短

D.乙2一定小于L1，且7H2越大、S1原长越长，L2就越短

7.如图所示，滑动变阻器的滑片在某两点间移动时，

电流表的示数范围在1A至2A之间，电压表的示数

范围在6V至9V之间。则定值电阻R的阻值及电源

电压分别是（）

A.3015VB.60I5VC.3012VD.6012V

8.如图所示电路，闭合开关，甲、乙两灯泡均发光。过一会儿,甲灯泡突然熄灭，两

电表示数都变大，造成此现象的原因可能是（）

A.甲灯泡短路B.乙灯泡短路C.甲灯泡断路D.乙灯泡断路

9.如图甲所示，电源电压恒为6匕R为热敏电阻，其阻值随温度变化如图乙所示，Ro

阻值为100不变。闭合开关S,下列说法错误的是（）

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图2

A.图甲中的Ro有保护电路的作用

B.温度升高时，电压表的示数会变小

C.温度为40t时，电流表的示数为0.24

D.温度降升高，电压表与电流表示数的比值变大

10.如图所示的电路，P位于滑动变阻器的中点，当在外之间加上601

的电压时，接在cd之间的电压表示数为30匕如果在cd之间加上

60丫的电压，将同样的电压表接在外之间时，电压表的示数为（）

A.20VB.30VC.60VD.120V

二、填空题（本大题共8小题，共32.0分）

11.如图所示，同种材料制成的实心圆柱体A和B放在水平地面上,

高度之比%:hB=2；1,底面积之比£：SB=1：3,则它们对

地面的压强之比以：pB=;压力以：PB=。

12.如图所示，某圆台形容器中装了部分水，如甲、乙

两种方式放置。甲、乙两种情况下容器底面所受水

的压强与压力情况为：P用P乙;F甲

京。（选填“大于”、“等于”或“小于”）

13.如图所示，小强站在一个平板上用如图所示的滑轮组匀

速把木板和自己向上拉了1，“高。已知小强体重为500M

木板重300M每个滑轮重均为40M若不考虑摩擦及绳

重。则小强的拉力为N,小强对平板的压力为

______M

14.如图所示，卡车高1”木板长3m货重1000N。若工人师傅用斜面匀速将该货物

卸下则需要沿斜面向上的拉力为100/V；若工人师傅用斜面匀速将该货物装上卡车,

需要沿斜面向上的拉力为600N。则用此斜面卸货时物体与斜面的摩擦力为N,

装该货物时的机械效率为

15.将两只标有“1O0O.4W”和“1O0O.9W”字样的电阻串联电路时，允许加的总电

压最大为V;若将它们并联时，允许通过的电最大总电流是4

16.在如图所示的电路中，电阻&=200,R2=1012,

电源电压保持不变。当只闭合&时，电流表的示数

为k当只闭合S2时，电流表的示数为办。则A：b

的比值等于,两次状态下7?2上的电功率之

比为。

17.如图所示的电路中，若三个灯泡的功率相同，则三

个灯泡的电阻％、/?2、的大小关系为；若

三个灯泡的电阻相同，则三个灯泡消耗的电功率P1、

22、P3的大小关系为。

18.如图所示，R1=100,R2=20。，R3=400；人=34/2=14。则电压表的读数

为V,电流表的读数A。

三、实验探究题（本大题共3小题，共20.0分）

19.某实验小组做“测量小灯泡电功率”的实验电路如图甲所示。已知电源电压为3匕

小灯泡的额定电压为2.5U。

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(1)闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于端(选填"A”或“8”)，目的

是o

(2)实验中，若电路中仅小灯泡发生断路故障，则闭合开关后，电压表示数为

V,电流表示数为A。

(3)排除电路故障后，闭合开关，移动滑片P到某位置时，电压表的示数为2.2匕

若想测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向(选填"A”或"B”)端移动，

使电压表的示数为匕这时电流表的示数如图乙所示，读数为A,则

小灯泡的额定功率为W。

20.小华在电视节目里看到，在气温低于(TC的寒冷冬季，为保障交通安全，交警在积

雪的路面上撤盐，路面的冰雪就会熔化：在没撒盐的道路上，汽车反复碾压也会使

积雪熔化，她对上述积雪熔化的原因作出如下猜想：

4.加盐可能使冰雪在低于0℃时熔化

B.汽车碾压增大了压强，冰雪就可能在低于0汽时熔化

C.汽车碾压使冰层变薄了，冰雪就可能在低于(TC时熔化

为验证她的猜想，同学们用冰块模拟冰雪进行了如下探究：

(1)在气温较低时，将冰块放入易拉罐中并加入适量的盐，用筷子搅拌大约半分钟，

观察到有些冰块已经熔化，用温度计测量罐中冰水混合物的温度，温度计示数低于

0℃,证明猜想A是(选填“正确”或“错误”)的；同时观察到罐底出现了

白霜，这是发生了现象(填物态变化名称)。

(2)如图所示，在气温低于0K的室外用窄长凳支起甲、乙、丙三块冰块，甲和乙的

厚度相等并大于丙的厚度，把完全相同的三根细钢丝分别挂在冰块上，钢丝下分别

挂上体积相同的实心铁块和泡沫块，过一段时间后，甲、丙上的钢丝都陷入到冰块

中相同的深度，乙上的钢丝未明显陷入冰块。通过比较甲、乙中钢丝陷入冰块的情

况可知：甲图中钢丝下的冰受到的压强（选填“增大”、“减小”或“不

变”），使冰发生了熔化，此时冰的熔点（选填“高于”、“低于”或“等

于”）0匕说明猜想5是（选填“正确”或“错误”）的，比较甲和可

说明猜想C是错误的。

21.小明和小华同学在“探究串联电路电压的规律”实验中，设计了如图甲所示的电路。

（1）连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，接下来他要对电压表进行的操

作是o

（2）小明根据图甲连接好电路，此时电压表测量（选填■或乙2）两端的电压；

闭合开关后，发现两灯不亮，电压示数为零，若电路只有某一个灯发生了故障，则

故障可能是。

（3）排除故障后，小明完成了实验，并把数据记录在表中。

UAB/VWcNUACN

1.41.42.8

分析实验数据小明得出两个实验结论：①串联电路的总电压______各部分用电器

两端电压之和；②串联电路中，各部分用电器两端电压相等。

（4）实验结束后，小明和小华互相交流，小华指出小明的结论②是错误的，造成该

结论错误的原因是。除此之外，小华指出应我测几组实验数据，这样才能

o（选填“减小误差”或“使结论更有普遍性”）

四、计算题（本大题共2小题，共12.0分）

22.如图所示是某小区向居民楼输电的示意图。供电设备提供输出的电压U保持恒定,

通过输电线向较远处用户输电，输电线的电阻会造成一定的电压损失，因此供电设

备的输出电压一般会高于220匕若本图中输电线的总电阻等效为3=0.02。，闭

合开关S,用户用电器两端得到的电压力=220，，用户用电器的总功率为220AW。

（1）通过输电线的电流是多少？

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(2)供电设备提供输出电压是多少？

(3)若将输电线改为超导输电线，在保证用电器正常工作、用户端得到总功率不变

情况下，与原来相比，每天节省的电能至少相当于多少总汽油燃烧放出的热量？(

汽油热值取4.0x107//fco)

供

用

电

用

设

电

备

户

S器

Y

23.如图1,一根长为20°",横截面积为10cm2的均匀木杆用细线和弹簧测力计竖直悬

挂起立，置于烧杯内水平面上方。现将烧杯竖直缓缓提升，木杆逐渐浸入水中，已

知木杆的密度为Pi=0.8x103kg/m3,水的密度为p()=1.0x103kg/m3

(1)当弹簧测力计读数为1.27时・，求木杆浸入水中的长度。

(2)继续缓慢提升烧杯，当木杆浸入水中一定深度时，开始出现倾斜，当木杆再次

静止时，木杆与竖直方向成30。角，如图2所示，求木杆浸入水中的长度。(忽略木

杆横截面积的影响)

图1

五、综合题（本大题共1小题，共6.0分）

24.阿基米德原理，是阿基米德在两千多年前通过对水中物体所受浮力的长期观察归纳

得出的。物理学发展到今天完全可以用已知的物理基本知识将其推导出来。请你利

用所学的压力与压强知识推导出阿基米德原理F浮=6探（如图所示为辅助图，也可

以自己画简图或不画图但需对所用物理量加以说明进行推导。长方体模型竖直在液

体中，上下表面积为S,液面到上表面的高度为九1，到下表面的高度为电。）

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：由图中可知，a（双箭头）和b（单箭头）是射向透镜的两条光线。经透镜的作

用后光线会聚，由此可判定此透镜为凸透镜；

因为平行主光轴的光线经凸透镜后会聚焦点，而。光线如果不发生折射，将射向。户的

外侧，又因为。不是平行主光轴的光线，所以经凸透镜折射后光线一定在焦点的左侧，

所以此时0P小于焦距；

平行主光轴的光线经凸透镜后会聚焦点，而人光线如果不发生折射，将会偏离主光轴射

出，又因为b不是平行主光轴的光线，所以经凸透镜折射后光线一定在焦点的右侧，所

以此时0Q大于焦距。

故选：Ao

根据光线经透镜后会聚的特点，可判定此透镜为凸透镜，再根据平行主光轴的光线经凸

透镜后会聚焦点，可知P点在焦点的左侧，然后即可判定0P和焦距的关系。

此题首先根据光线经透镜后的折射情况，确定出该透镜的类型，然后再根据光线会聚的

特点与平行主光轴的光线经凸透镜后会聚焦点作比较，然后即可得出正确答案。

2.【答案】B

【解析】解：甲、乙两物块叠在一起放在光滑的水平面上处于静止状态，如果乙物体突

然受到撞击，在撞击的瞬间甲物体由于惯性会向后滑动，因此会受到乙向前的摩擦力；

随后甲和乙一起在水平面运动，因为水平面光滑，不受水平面的摩擦力，所以两物体做

匀速直线运动，则甲、乙之间不存在相对滑动的趋势，因此没有摩擦力，故B正确，ACD

错误；

故选：B。

摩擦力产生的条件：接触面粗糙；相互接触挤压；有相对运动或相对运动趋势。

解决本题的关键掌握摩擦力产生的条件：接触面粗糙；相互接触挤压；有相对运动或相

对运动趋势。

3.【答案】A

【解析】解：设大球的力臂为心大，小球的力臂为L”大球的密度为P大，小球的密度为

P小。

则两球在放入水中之前，根据杠杆的平衡条件可知：G#大=G,、L小,

p大gP大L小

所以P4g"大=P小gv，j、L小，则歹歹=，；

“小y小大

当两球都浸没在水中时，根据杠杆的平衡条件可知：

（G大一〜浮大）L大=（G小-F浮加小,

由阿基米德原理原理可得：

（P大。了大一P^9丫QL大=（p小gV小一P水gV,RL小,

P"V>jp^gVx二L小

p，j、gy小一p水gy小一或

（p大-pQgv大_0大g"大.

综合前面两式得出:

（p小水）”小。小”小;

p九-p水p大

由此可得:

p小-p水

所以（p大一p次）p小=（p/「p水）p大,

则p划小-P水P，卜—P小P大~P水P大,那么p次p〃、=P水P大,所以p小—P大;

A、当两球都是实心时，两球的密度才是相等的，故A正确。

B、若大球实心，小球空心，贝！IP大〉P〃“故8错误。

C、若大球空心，小球实心，则P大<P的故C错误。

一m大m小

D、两球是实心时，P大=P小,即厂=厂；

大小

若两球都是空心，且空心部分体积相同，则两球减小的质量都相同，设减小的质量都是

m0,而体积还是和原来相同，

所以现在两个球的密度分别是p大'=4—■=*一笠，p/=V-■=7^-优

大大大小小小

由于/=广，所以=L一肥一肥，即p/>p/，故。错误。

大小大大小小

故选：A。

判断两球是空心还是实心，其实就是判断两球的密度关系。那么要判断两球密度关系，

我们需要根据题中条件，利用杠杆平衡条件和阿基米德原理列出两个等量关系式，然后

再结合密度计算公式、重力计算公式进行推导。

本题考查了杠杆的平衡原理以及浮力和密度知识的综合，难度比较大。解题中，要将两

个球的重力、浮力通过公式展开，得出密度、g、体积和力臂的乘积，这样通过等式的

建立，相等的量就可以消除，只剩下密度一个物理量。这类题要注意会运用公式进行物

理量之间的推导和转化。

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4.【答案】B

【解析】解：A、从图像中可以看出0〜右，速度在增大，受到的重力大于阻力，接近打处

增速减小，『接近G,而G大小不变，所以/增大，故A错误。

8、由图可知，G〜t2内，速度v不断减小，伞兵所受合力与运动方向相反，所以受到的

重力小于阻力，从图像看出，速度减小得越来越慢，即合力越来越小，而重力的大小不

变，所以伞兵受到的阻力减小，故8正确。

C、0-t2无论加速还是减速，机械能都是变化的，因为有摩擦力，故C错误.

D、灰〜t3虽然匀速，但是由于存在摩擦力，机械能会减小，故。错误。

故选：B。

观察图像可知，伞兵的运动状态可分为三段：0〜ti，“〜t2,t2〜^3,三段中运动的状

态不同，重力与阻力的关系也不同，机械能也可能不同。

本题考查了平衡力与机械能的知识。学会分析图像，从中找出有用的信息，结合平衡力

与机械能的知识进行判断，是解决此题的关键。

5.【答案】D

【解析】解：物体A放入甲杯水后，它们的共同温度为60久一5汽=55。(：，

水放出的热量Q成=c/n水△t次

A吸收的热量Q收=CA^A△",

根据热平衡方程：。成=<?吸，

即,水瓶水△%=cAmA△tA,代入相关数据得：

c”水x5℃=cAmAx(55℃—10℃)

1vC水m水

CA=-X--------;

9mA

物体3放入乙杯水后，它们的共同温度为60久-10℃=50℃,

水放出的热量Q或=c"n水△t水

B吸收的热量Q以=cBmB△

根据热平衡方程：Q版=Q刎

即C次M次△［水=CB^B△tB,

代入相关数据得:

c次m次x10℃=cBmBx(50℃—10℃)

1yc水m水

C=­X---------;

B47nB

A、3两物体质量相等，即叫4=68,

则4、3两物体的比热容之比为：

-

C-4

9

-=-=-

19

C-

A

故选：Do

物体A放入甲杯水后，水的温度由60久降低了5汽，变成60久—5久=55汽，A的温度

由10久升高到55K,水放出的热量等于A吸收的热量，据此列出热平衡方程，就可以求

出A的比热容；

物体8放入乙杯水后，水的温度由60。（：降低了10。（2,变成60第一10冤=50。（2,8的温

度由10℃升高到50。e水放出的热量等于B吸收的热量，据此列出热平衡方程，就可以

求出B的比热容。

求出A和8的比热容后，就可以计算出A、B两物体的比热容之比。

本题解题的关键在于学生能否正确写出高温物体放热和低温物体吸热的表达式，利用方

程的思想可以解决许多物理问题，在学习中注意运用。

6.【答案】C

【解析】解：

设长为S的弹簧有“圈，每圈弹簧的倔强系数为幺长为S1的弹簧有ni圈，长为S2的弹

簧有点2圈，故n=九1+几2，

所以第一种情况下弹簧S的长度刀=S+詈n；

第二种情况下弹簧的长度「2=Si+詈2+$2+詈九2=S+詈兀1+3产九2；

所以Li-乙2=詈九一詈%+^^电=邛3r故乙1一定大于G，且越大，其

差值就越大，G就越短；电越大（即S2原长越长），其差值也越大，所以C是正确的。

故选：Co

在弹性范围内，弹簧的伸长量与所受力的大小成正比。据此分析解答。

本题考查了弹簧测力计的原理，灵活运用该原理对该题进行分析是解题关键。

7.【答案】C

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【解析】解：由电路图可知，电阻R与滑动变阻器R'串联，电压表测滑动变阻器两端的

电压，电流表测电路中的电流；

当电路中的电流为1A时，电压表的示数为9匕

串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，

电源的电压U=/环+U或=14xR+9V,

当电路中的电流为2A时，电压表的示数为6匕

电源的电压：

U=I2R+U^=2AxR+6V,

电源的电压不变，

14xR+91/=2力义R+6U,

解得：R=3/2,

电源的电压U=14XR+9U=14X3。+9U=12K,

故选：Co

由电路图可知，电阻R与滑动变阻器R'串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表

测电路中的电流；当滑片向下移动时接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，滑动

变阻器两端的电压变小，据此得出两电表对应的示数关系；根据串联电路的特点和欧姆

定律表示出滑片位于上下两个点时电源的电压，利用电源的电压不变建立等式即可求出

定值电阻的阻值和电源的电压。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是滑片移动时电压表和电流表示数

对应关系的判断。

8.【答案】A

【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯

泡乙两端的电压；闭合开关，甲、乙两灯泡均发光。过一会儿，其中一个灯泡突然熄灭，

另一个灯泡发光，这说明电路仍然是通路，即电路出现了短路现象;两个电表示数变大，

这说明与电压表并联部分有电阻，即乙灯泡是正常的，所以故障是甲灯泡短路。

故选：A。

首先判断两灯的连接方法，开关控制情况，然后判断电压表和电流表各测谁的电压和电

流，根据电表的示数判定故障的原因。

本题应首先分析电路中是发生了断路故障还是短路故障，再根据电表的示数变化找出发

生故障的电器。

9.【答案】D

【解析】解：由电路图可知，热敏电阻R与定值电阻R。串联，电压表测R两端的电压，

电流表测电路中的电流。

A、由图2可知，温度升高时R的阻值变小，如果电路中没有R。，当温度过高时，R的

阻值过小，会造成电路中的电流过大，烧坏电流表和电源，所以R。有保护电路的作用，

故A正确；

8、由图2可知，温度升高时R的阻值变小，由串联电路的分压特点可知，品两端的电

压变大，R两端的电压变小，即电压表的示数变小，故B正确；

C、由图2可知，温度为40K时，R=20。，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以电路中电流表的示数：I=-^-=-^—=0.2A,故C正确；

KQ-TKIUJZ'TZUJZ

D、由图2可知，温度升高时，R的阻值变小，根据R=苫可知，电压表与电流表示数的

比值等于R的阻值，其比值变小，故。错误。

故选：Do

由电路图可知，热敏电阻R与定值电阻心串联，电压表测R两端的电压，电流表测电

路中的电流。

(1)分析温度升高时R的阻值变化，假设电路中没有心，当温度过高时会造成电路中的

电流过大，烧坏电流表和电源，据此得出R。的作用；

(2)根据图2得出温度升高时R的阻值变化，根据串联电路的分压特点得出电压表的示

数变化；

(3)根据图2读出温度为40汇时R的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中电流

表的示数；

(4)根据欧姆定律结合R的阻值判断温度降低时电压表与电流表示数的比值变化。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，从图像中获取有用的信息是关键，难度

不大。

10.【答案】C

【解析】解：当在外之间加上60V的电压时，接在“/之间的电压表示数为30匕说明

P点在正中间.

如果在cd之间加上60y的电压，将同样的电压表接在浦之间时，电压表和滑动变阻器

的段串联在60V_h,所以U总=60"=U电压表.

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故选c.

当外两端加60丫电压时，根据串联电路分压的特点可知滑片的位置，从而判断出电源

电压.

如果在cd端加上60丫的电压，在他端用电压表测出的电压即为R上的电压，根据电路

电压的特点即可求解.

本题考查电压表的正确使用，会根据电压表测量的对象确定电压表的示数.

11.【答案】2：1；2：3

【解析】解：圆柱体对水平地面的压强：「=£=?=?=?=曾=。9九，

OOOOO

同种材料制成的实心圆柱体A、B放在水平地面上，

它们对地面的压强：詈=鬻=中/；

PBPghB九81

由P=5可得，

两圆柱体对地面的压力之比为：

[A_PASA_PAXSA_2X1_2

FBPBSBPBSB133°

故答案为：2：1；2：3。

圆柱体对水平地面的压强p=三=三=詈=粤=誓=pgh；同种材料制成的实心圆

柱体A、B的密度相等，结合它们的高度之比求出对地面的压强之比，又知道底面积之

比，根据尸=pS求出对地面的压力之比。

本题考查了学生对压强公式的灵活应用，要注意对于均匀、规则的物体(如长方体、正

方体、圆柱体)对水平面的压强可以用p=pg/i进行运算。

12.【答案】小于大于

【解析】解：(1)容器中的水是一样多的，甲容器的下底面积大，水的深度小，乙容器

的下底面积小，水的深度大，故据p=pg/i可知，甲容器中水对容器底面的压强小，即

P甲＜P乙;

(2)甲容器，液体对容器底的压力大于液体的重力，乙容器，液体一部分重力压在容器

壁上，对容器底的压力小于重力，因为液体重力相同，即F尹〉尸乙。

故答案为：小于；大于。

(1)因为液体重力相同据容器的形状分析容器中液体深度变化，由液体压强公式得出容

器底受到液体压强的变化情况；

(2)甲容器，液体对容器底的压力大于液体的重力，乙容器，液体一部分重力压在容器

壁上，对容器底的压力小于重力，据此判断出。

此题主要考查的是学生对液体压强公式和固体压强公式的理解和掌握。

13.【答案】190310

【解析】解：将小强和平板作为一个整体，由于他们处于匀速上升状态，所以受力平衡；

设小强用的拉力为F,由图示可知，作用在小强和平板上绳子的股数为3,其中两条绳

子的拉力均为R最左侧绳子上的力为2F+G恐，

则有：(2F+G^)+F+F=GA+G^,即(2F+40N)+F+F=500N+300N

F=190N,

由于小强受到竖直向上的拉力、支持力和竖直向下的重力，则有：G=F+F点

F?=500N-190N=310N,

由于力的作用是相互的，所以小强对平板的压力："压=F爻=310N。

故答案为：190；310。

用整体法来进行分析，把小强和平板作为一个整体，当平板匀速上升时，整个系统处于

平衡状态，那么3段绳子所承受的拉力正好等于小强和平板的重力和，根据平衡力得出

三条绳子间力的关系，再根据平衡力求出拉力的大小；再对小强进行分析可知，小强受

到竖直向上的拉力、支持力以及竖直向下的重力，根据平衡力求出支持力的大小，最后

根据力的作用是相互的得出小强对平板的压力。

解答该题须采用整体思想，把人和平板作为一个整体进行分析，这是解答此题的关键。

14.【答案】266.755.6%

【解析】解：此过程所做有用功为：W^=Gh=1000/Vxlm=1000/：

所做总功为：皿怒=Fs=600Nx37n=1800人

此过程所做额外功为：小额=加总一“方=18007-1000/=8007.

由皿额=/s变形得：

摩擦力为：/="=吧*266.7N;

」s3m

第16页，共25页

斜面的机械效率为：〃="=黯"55.6%。

wlouuy

故答案为：266.7；55.6%o

(1)根据功的计算公式W=Fs可求出拉力做的功，即总功；再根据勿=G/i求出有用功。

根据总功与有用功的差得出额外功，再根据W颍=/s,变形后可求摩擦力人

(2)根据机械效率的计算公式可求出斜面的效率小

熟练运用计算功、机械效率的公式，明确额外功是用来克服斜面上的摩擦；是解答此题

的关键。

15.【答案】40.4

【解析】解：由P=/2R可得，两电阻允许通过的最大电流：

m=舞=o,2A,/2=库=感■=0.3A,

1XRi7ionz'&7ion

由/=会可得，两电阻两端允许所加的最大电压：

Ui=I1R1=0.2Ax10。=2K,U2=/2/?2=0.3^4x10。=3V；

(1)两电阻串联时，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中允许通过的最大电流

/=/i=0.24

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，两端允许加的最大总电压：

U=/(&+/?2)=0.2Ax(ion4-10P)=4V；

(2)两电阻并联时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两端允许所加的最大

电压U'=Ui=IV,

通过两电阻的电流分别为：

"=/1=。24，2'=髀急=024

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路允许通过的最大电流：

I'=//+12'=0.24+0.2A=0.44。

故答案为：4；0.4。

知道电阻的阻值和消耗的最大功率，根据P=/2R求出允许通过的最大电流，根据欧姆

定律求出两端允许所加的最大电压。

(1)两电阻串联时，电路中的最大电流为两电阻允许通过最大电流中较小的，根据电阻

的串联和欧姆定律求出两端允许加的最大总电压；

(2)两电阻并联时，两端允许所加的最大电压为两电阻允许所加最大电压中较小的，根

据欧姆定律求出通过两电阻的电流，利用并联电路的电流特点求出干路允许通过的最大

电流。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，对于额定电压和额

定电流不同的两个电阻来说，串联时比较电流取小的，并联时比较电压取小的，这也是

本题的重点。

16.【答案】3：19：1

【解析】解：如图所示，当只闭合Si时，只有&连入电路中，电流表测量通过&的电流，

则电流表的示数为4=(;

K2

当只闭合S2时，R1与串联，则总电阻R=&+/?2=200+ion=300,

电流表测量电路中的电流，则电流表的示数为为=?

U

所以，4=寻=二=簿=三=3：1；

l2JR21001

心上的电功率之比为：含=黑=(铲=守=,=9：1。

故答案为：3：1；9：1。

当只闭合Si时，只有R2连入电路中，根据欧姆定律求出电流表的示数为A；当只闭合S2

时，当与&串联，根据串联电路特点和欧姆定律求出电流表的示数为/2,然后即可求出

比值；根据P=/2R即可求出&上的电功率之比。

本题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，正确分析电路结构是解题

的关键。

17.【答案】氏<7?2<P3>PI>P2

【解析】解：(1)根据电路图可知，R与/?2串联后与％串联，又与危并联；

因并联电路两端电压相等，所以/?3两端电压等于电源电压，而治、/?2两端电压小于电

源电压；

又因三个灯泡的功率相同，所以由P=?可知，/?3的电阻最大；

因并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以通过当的电流大于通过/?2的电流，

由P=/2R可知,&</?2；

综合上述分析可得，三个灯泡的电阻飞、/?2、/?3的大小关系：&</?2<区3；

(2)若三个灯泡的电阻相同，由P=^可知，/?3的功率最大；

由P=/2R可知，长的功率大于此的功率，故P3>21>七。

第18页，共25页

故答案为：R1<R2<R3;P3>Pl>P2。

(1)根据电路图可知，R与/?2串联后与R1串联，又与/?3并联，根据串并联电路电压规律

可知/?3两端电压等于电源电压，而治、/?2两端电压小于电源电压，根据P=f可知&的

R

阻值范围；再根据串并联电路电流规律和P=/2R可知8、A?的关系，进一步得出收、

&、心的大小关系；

(2)根据P=《和P=/2R判断出三个灯泡的功率大小关系。

本题考查串并联电路的特点和电功率计算公式的应用，关键是明确电路的连接方式。

18.【答案】1204

【解析】解：由图可知，R1与/?3串联，然后都与/?2并联，电压表测量两端电压，

由/=9可得，电阻/?3两端电压：

A

U3=/小3=34x400=120V；

电流表在干路上，电流表示数为：

/="+%=34+14=44。

故答案为：120；4。

由图可知，电压表测量电两端电压，已知治与/?3串联，然后都与/?2并联，因此流过治的

电流等于流过/?3的电流：根据欧姆定律可求得求出电阻两端电压，即电压表示数；

电流表在干路上，并联电路中干路电流等于各支路电流之和。

此题考查并联电路的电流规律和欧姆定律的应用，分清三个电阻的连接方式是关键。

19.【答案】A保护电路3082.50.320.8

【解析】解：(1)闭合开关前，滑动变阻器的滑片尸应置于阻值最大处，即A端，目的

是保持电路；

(2)实验中，若电路中仅小灯泡发生断路故障，则电压表串联在电路中，则闭合开关后，

因电压表与电源连通测电源电压，故电压表示数为3匕因电压表内阻很大，故电流表

示数为0A；

(3)灯在额定电压下正常发光，示数为2.21/小于灯的额定电压2.5V,应增大灯的电压，

根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路

中的电阻大小，故滑片向8端移动，直到电压表示数为额定电压2.5匕

这时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.024读数为0.324则

小灯泡的额定功率为：

P=UI=2.5Vx0.322=0.8亿

故答案为：(1)4保护电路：(2)3；0；(3)B；2.5；0.32；0.8,

(1)闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片产应置于阻值最大处；

(2)实验中，若电路中仅小灯泡发生断路故障，则电压表串联在电路中，电压表与电源

连通测电源电压，据此分析电压表读数；根据电压表内阻很大分析电流表示数大小；

(3)灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压

的规律及分压原理确滑片移动的方向;根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=

U/得出小灯泡的额定功率。

本题测量小灯泡电功率，考查注意事项、电路分析、操作过程、电流表读数和功率计算。

20.【答案】正确凝华增大低于正确丙

【解析】解：(1)冰水混合物的温度为0℃,盐水混合物的温度低于冰水混合物的温度，

即低于0汽；故证明猜想A是正确的；

易拉罐中液体温度很低，所以易拉罐本身温度也很低。空气中的水蒸气遇到温度很低的

易拉罐，由气态直接凝华成为固态的白霜，同时会放出热量。

(2)甲、乙、丙三块冰块，甲和乙的厚度相等并大于丙的厚度，把完全相同的三根细钢

丝分别挂在冰块上，钢丝下分别挂上体积相同的实心铁块和泡沫块，

由于铁的密度大于泡沫的密度，所以体积相同的实心铁块和泡沫块，实心铁块的质量大

于泡沫块，则其重力也大于泡沫块，对冰块的压力也大，

因此，甲冰块受到的压力比乙大，所以甲中钢丝陷入冰块的深度比乙深，证明增大压强

可以降低冰的熔点，此时冰的熔点低于0℃,从而说明猜想8是正确的：

比较甲和丙可知，冰层变薄，钢丝下陷的深度相同，则可说明猜想C是错误的。

故答案为：(1)正确；凝华；(2)增大；低于；正确；丙。

(1)晶体的熔点跟晶体的种类、是否有杂质、压强等有关；晶体中有杂质可以降低晶体

的熔点；物质由气态变成固态的过程叫做凝华，凝华放热。

(2)冰中掺杂盐等其他物质以及受到压力变大时，熔点都会降低。

本题主要考查学生对晶体熔点与杂质是否有关的了解，密度公式的应用，以及凝华现象

等，是一道综合性很强的题目。

21.【答案】对电压表进行调零L.G断路等于选用了规格相同的灯泡做实验使结

论更有普遍性

第20页，共25页

【解析】解：(1)由图知，连接电路前，在检查实验器材时发现电压表指针没有指在零

刻度线上，则应对电压表进行调零，使指针指在零刻度线上；

(2)由图甲可知，电压表并联在左两端，测量人的电压；

闭合开关S后，电压表示数为零，且只有〃或G中的一处发生故障；灯■、G均不亮，

说明电路发生断路，而电压表没有示数，说明电压表的两端不能与电源连通，则是人断

路；

(3)①由表中实验数据可知，串联电路的总电压等于各部分电路电压之和。

(4)由实验数据可知，各部分电路两端电压相等，该结论是错误的，造成结论错误的原

因是选用了规格相同的灯泡做实验；

由实验数据可知，只测出了一组实验数据，实验次数太少，得出的实验结论具有偶然性

和片面性，为得出普遍结论，应改变灯泡的规格进行多次实验或改变电源电压进行多次

实验。

故答案为：(1)对电压表进行调零；(2)力；力2断路；(3)等于；(4)选用了相同规格的灯

泡进行实验；使结论更有普遍性。

(1)使用电压表前应对电压表进行调零，使指针指在零刻度线上；

(2)电压表并联在谁两端就测量谁的电压；两灯泡串联，电压表测灯泡及两端的电压，

闭合开关S后，两个电灯都不亮，说明是断路，而电压表没有读数说明员没有连到电源，

故在力2处断路；

(3)分析表中实验数据，根据实验数据得出实验结论；

(4)为得出普遍结论，应使用不同规格的实验器材进行多次实验，测出多组实验数据。

本题为探究串联电路中的电压规律实验，考查电压表的正确使用以及串联电路的电压特

点，还考查了学生对实验数据的处理能力和分析、归纳、总结能力。

22.【答案】解：(1)用户用电器的总功率为220HV,

由「=(7/可得，通过输电线的电流：/=C=220X103W=10004

U220V

(2)由/=!可得，输电线上的电压：〃炭=/&=10004x0.020=20匕

输电设备输出电压：U输=U用户+U损=220V+20y=240V；

(3)输电设备的输出功率：P獭的=U/=240^x10004=2.4x105〃，用户用电器的总

功率为220kW=2.2x105WZ,

55

输电线上的功率：P损失=P输出-P用户=2.4x1QW-2.2x10WZ=0.2x1051V=

20kW,

每天节省的电能：“节省=P损英■=20kWx24/i=480/cVK-h=480x3.6x1067=

1.728X1097,

Q放1.728X1097

每天节省的电能即汽油燃烧放出的热量，所以汽油的质量为：m=-=------

q4.0xl07//ka

43.2kg。

答：(1)输电线的电流是1OOOA；

(2)供电设备提供的电压U是240匕

(3)每天节省的电能至少相当于43.2kg汽油燃烧放出的热量。

第22页，共25页

【解析】(1)利用P=u/求输电线的电流；

(2)利用U=/R求出输电线上损失的电压，再加上用户的电压就是输电设备输出电压：

(3)先根据P=U/求出输出功率，进一步求出损失的功率，再利用W